化学参考答案

2023年湖北省八市高三（3月）联考化学参考答案1.C2.C3.C4.B5.D6.D7.B8.C9.B10.B11.A12.B13.D14.D15.D16（13分）（1）圆底烧瓶（1分），b（1分）。（2）防止温度过高，反应速率过快（2分）（答减速即可得分）（3）CrO3+2HCl=CrO2Cl2+H2O（2分）。（方程式不平不得分）（4）加入过量氯化钠可产生过量的氯化氢气体，使更多的CrO3参与反应。（2分）（5）将CrO2Cl2迅速冷凝便于收集，提高产率（或答减缓铬酰氯挥发）（2分）（6）B（1分）吸收未参与反应的HCl气体和逸出的铬酰氯蒸气，防止空气中的水蒸气进入装置。（2分）（两条各1分未答吸收铬酰氯蒸气不扣分）17（14分）(1)相同(2分)(2)19(2分)(3)(2分)(4)8(2分)(5)氨基(1分)碳氟键(1分)2HCl(1分)(6)①加成反应(1分)②形成的五元环较稳定(2分)（或答酰胺键比酯基稳定）18（14分）＋2＋（1）MnO2（或答二氧化锰）（2分）Mn2O3＋2H＝MnO2＋Mn＋H2O（2分）2+2+3+（2）将溶液中的Mn氧化为MnO2沉淀除去；将溶液中的Fe氧化为Fe。（2分，两条各1分）（3）蒸发浓缩（1分）冷却结晶（1分）（4）ZnSO4+C12H22O14Ca=CaSO4↓+C12H22O14Zn(2分)降低葡萄糖酸锌的溶解度（2分）（5）该同学也能制得葡萄糖酸锌，但产品可能不纯（2分）（答产品不纯即可得分）19.（14分）（1）能（2分）（2）反应速率、平衡转化率、催化剂的活性（任写两点，2分）（3）8．33或25（2分）3＋－＋＋－（4）8H＋N2＋6e＝2NH4（2分）（或答6H＋N2＋6e＝2NH3）（5）①1．96%（2分）②高电压有利于竞争反应2H2eH2的进行，从而不利于产NH3（2分）（6）N2H2和N2H4（2分，对一个得1分，错写不多扣分）12023年湖北省八市高三（3月）联考化学参考答案1.C2.C3.C4.B5.D6.D7.B8.C9.B解析：A分子中含有8个手性碳原子10.B11.A12.B13.D＋-14.D解析：A．H在阴极得电子生成H原子，H与Fe(III)反应生成Fe(II)，Fe(II)还原NO3+-+生成Fe(III)和NH4，Cl在阳极失电子生成Cl2，Cl2与水反应生成HCl和HClO，NH4与HClO反应生成N2。．电极发生--＋＝＋＋，电极发生＋-＋＋＝+＋，Da4Cl−8e4H2O4HClO4HbNO38e10HNH43H2O再根据氧化+的离子方程式+＋＝＋-＋＋＋，根据分析HClONH42NH43HClON2↑3Cl5H3H2O生成的4molHClO中有1.5mol变为氯离子，还有2.5molHClO在溶液中，因此在处理过程中Cl-浓度不断减少15.D15解析A项：滴定的2次突变分别在酸性和碱性范围，应选择不同的指示剂，A项正确。B项：首先识别三条曲线①②③分别代表的微粒，然后看图说话，pH＝8时，c(R2－)＞c(HR－)；＋2－pH＝8时，溶质为NaHR和Na2R，所以c(Na)＞c(R)，B项正确。2－－C项：X点，δ(R)＝δ(HR)，pKa2＝7.22，－Z点，δ(H2R)＝δ(HR)，pKa1＝1.85，2－11Y点，δ(H2R)＝δ(R)，pH＝(pKa1+pKa2)＝(1.85+7.22)＝4.54，22C项正确。2－－7.22－2－c(H_x001F_2R)·c(R)Ka2102D项：根据2HRH2R+R＝＝＜1，即c(HR2－－1.85c(HR)Ka110－2－)＞c(R)·c(H2R)，D项错误。16（13分）（1）圆底烧瓶（1分），b（1分）。2（2）防止温度过高，反应速率过快（2分）（答减速即可得分）（3）CrO3+2HCl=CrO2Cl2+H2O（2分）。（方程式不平不得分）（4）加入过量氯化钠可产生过量的氯化氢气体，使更多的CrO3参与反应。（2分）（5）减缓铬酰氯挥发（2分）（6）B（1分）吸收未参与反应的HCl气体和溢出的铬酰氯蒸气，防止空气中的水蒸气进入装置。（2分）（两条各1分未答吸收铬酰氯蒸气不扣分）【16解析】（1）由图可知A为圆底烧瓶。B中，冷凝水应下口进上口出。（2）A中反应为放热反应，在反应前冷却浓硫酸可防止反应速率过快，同时也可防止A中温度过高导致铬酰氯大量挥发。（3）已知反应物CrO3和HCl，还知道生成物含有中CrO2Cl2，写出反应物和生成物，配平即可得到反应：CrO3+2HCl=CrO2Cl2+H2O。（4）反应过程中有一部分氯化氢气体来不及与CrO3接触就逸出液面，导致CrO3反应不充分。加入过量氯化钠可产生过量的氯化氢气体，使更多的CrO3参与反应，增大了铬酰氯的产率。（5）常温下铬酰氯易挥发，铬酰氯蒸气仅凭冷凝管冷却，难以转化为液体，用冰水浴可将铬酰氯蒸气尽可能转化为液体，同时也可减少液态铬酰氯的挥发。（6）尾气中含氯化氢气体和铬酰氯蒸气，铬酰氯与水反应可生成盐酸和铬酸，氢氧化钠溶液可同时吸收氯化氢气体与铬酰氯蒸气。但铬酰氯易水解，不能将产物的收集装置直接连接到装有氢氧化钠溶液的吸收装置中。碱石灰中含有氢氧化钠固体，氢氧化钠固体易吸潮，其表面会吸收少量水分，氯化氢气体和铬酰氯蒸气通过吸潮后的氢氧化钠固体时可以被吸收。17（14分）(1)相同(2分)(2)19(2分)(3)(2分)(4)8(2分)(5)氨基(1分)碳氟键(1分)2HCl(1分)(6)①加成反应(1分)②形成的五元环较稳定(2分)（或答酰胺键比酯基稳定）17解析(1)A与SOCl2发生取代反应生成酰卤，得B，B与CH3－NH2发生取代反应生成酰胺，得化合物C，所以这两个反应的反应类型相同。3(2)具有酰胺类物质的性质，苯环上第3个取代基可以是：、、、、，所以满足C的同分异构体还有19种(5×4－1)。(3)联系C和F的结构，容易判断C与（D）发生取代反应生成化合物E（）。(4)化合物F核磁共振氢谱的吸收峰有8组：(5)G可以由X转化得到：4(6)（五元环、六元环较稳定）18（14分）＋2＋（1）MnO2（或答二氧化锰）（2分）Mn2O3＋2H＝MnO2＋Mn＋H2O（2分）2+2+3+（2）将溶液中的Mn氧化为MnO2沉淀除去；将溶液中的Fe氧化为Fe。（2分，两条各1分）（3）蒸发浓缩（1分）冷却结晶（1分）（4）ZnSO4+C12H22O14Ca=CaSO4↓+C12H22O14Zn(2分)降低葡萄糖酸锌的溶解度（2分）（5）该同学也能制得葡萄糖酸锌，但产品可能不纯（2分）（答产品不纯即可得分）+2+【18解析】（1）由已知①可知，反应物为Mn2O3和H生成物含有MnO2和Mn，写出反应+2+物和生成物，配平后可得到反应：Mn2O3+2H=MnO2+Mn+H2O。因此，沉淀1为MnO2。（2）由已知②可知，Mn2+与Zn2+开始沉淀与完全沉淀的pH范围有部分重合的地方，难以2+2+通过调pH将Mn除去，因此，Mn在此处应被氧化成MnO2沉淀除去。另外，氧化过程还将溶液中的Fe2+氧化为Fe3+,并通过调节pH除去。（3）由于葡萄糖酸锌极易溶于热水，溶于冷水，溶解度有一定的差异，可蒸发浓缩、冷却结晶的操作分离提纯。（4）由于CaSO4微溶，可写出复分解反应：ZnSO4+C12H22O14Ca=CaSO4↓+C12H22O14Zn。因为葡萄糖酸锌在水中的溶解度较大，可推知其即使经过浓缩后也不易结晶，向溶液中加入少量乙醇后可降低葡萄糖酸锌的溶解度，使其顺利结晶。（5）能得到葡萄糖酸锌,因为Zn(OH)2与H2SO4反应生成ZnSO4，ZnSO4可与C12H22O14Ca反应生成C12H22O14Zn，并在乙醇作用下顺利结晶。19.（14分）（1）能（2分）（2）反应速率、平衡转化率、催化剂的活性（任写两点，2分）（3）8．33L2/mol2或25L2/mol2（2分）（单位不写不扣分）3＋－＋＋－（4）8H＋N2＋6e＝2NH4（2分）（或答6H＋N2＋6e＝2NH3）（5）①1．96%（2分）②高电压有利于竞争反应2H2eH2的进行，从而不利于产NH3（2分）5（6）N2H2和N2H4（2分，对一个得1分，错写不多扣分）【19解析】（1）△G=△H-T△S=-92400-298．15×(-200)<0，可以自发进行；（3）列三段式：222x3c(NH3)0.625，解得x=0．3mol/L，则22K33L/mol22x7c(N2)c(H2)0.20.63（5）最大产率，则此时氨气的生成速率最大，为0．68mg/min。0.68氨气的实际产量为0.04mmol/min，氨气的理论产量应以氮气100%转化为NH3进行1725mL/min100计算，即*2mmol/min。故此时氨气的产率为1．96%。24.5L/mol49（6）要求结构对称，根据机理图，可以得知为HN=NH和H2N-NH2。6