物理答案

2023年高考诊断性测试物理参考答案及评分意见一、单项选择题：本题共8小题，每小题3分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1.A2.D3.D4.C5.A6.C7.B8.C二、多项选择题：本题共4小题，每小题4分，共16分。在每小题给出的四个选项中，有多项符合题目要求。全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分。9.BD10.AD11.CD12.BCD三、非选择题：本题共6小题，共60分。13．（6分）⑴BD（2分，漏选得1分，错选不得分）⑵Ⅰ（2分）⑶2.1（2分）Rx14．（8分）﹢A1﹣⑴2.498~2.502（2分）⑵R2，A2（每空1分，共2分）﹢A2﹣⑶如图所示（2分）2⑷rkd（2分）＋－4L(1k)．（分）解：⑴如图，光线恰好全反射157外表面前挡风玻璃0.8cmLMPCsinC2内表面MP22LL光学元件MPMNl22abcdNQ52=2=…………①（1分）51.70.823由sinC1…………………………②n得折射率n1…………③（分）sinC=1.51高三物理第1页（共5页）学科网（北京）股份有限公司⑵红外发射管如果是在a位置向MN中点发射红外线，如图外表面前挡风玻璃则sincosC5…………………④（1分）230.8cm内表面MCPsinC由折射率公式1……………⑤光学元件nθ2sin2θ1abcd解得sinnsin5＞1………⑥（1分）122NQ所以红外发射管不能在a位置向MN中点发射红外线。外表面前挡风玻璃0.8cm则红外发射管在位置向中点发射红外线。⑦（分）bMN1内表面MP红外接收管是在c位置。…………………………⑧（1分）光学元件大致光路图如图所示。…………………………⑨（1分）abcdNQ16．（9分）解：⑴设恒星A与地球间的距离为d，得Rtan0…………………………………………………①（1分）2dR即02d2R解得d0………………………………………………………②（1分）恒星A辐射出的总功率与地球所在的球面上接收到A辐射出的总功率相等，即422σT0∙4πRA=I∙4πd……………………………………………③（1分）2R0I解得RA=……………………………………………④（1分）2T0⑵设行星B的质量为m，半径为RB，绕恒星A做匀速圆周运动的轨道半径为r，则42T04RA2行星B接收到恒星A辐射出的功率为P1=R……⑤（1分）4r2B42行星B向外辐射出的功率为P2=σT1∙4πRB……………………⑥（1分）因行星B表面的温度保持不变，故有P1=P2……………………⑦（1分）Mm42对行星B有G2mr2…………………………………⑧（1分）rTB2R0IR0I解得TB=……………………………………⑨（1分）3GMT1高三物理第2页（共5页）学科网（北京）股份有限公司17．（14分）v0y⑴初速度为v0的粒子的运动轨迹与y轴相切R1oR1R1cos60d………………………………①（1分）60R1mv2v0…………………………………………②（1分）Bq0R1dv2Bqd…………………………………………③（1分）03mx3(2)初速度为3v的粒子在yOz平面左侧运动时20v02yo3v2d30m(0)3v23Bq0R2R22R2v2060oR2d………………………………………④（1分）由几何关系知，粒子第一次到达y轴时的速度与x轴正方向成30o角斜向下，3Bqd此时将粒子的速度分解：平行于x轴的分速度：v3vcos30…………⑤（1分x）x202mBqd平行于y轴的分速度：v3vsin30…………⑥（1分）y202m在yOz平面右侧沿y轴方向，在电场力作用下先做匀减速直线运动，到达xOz平面沿y轴方向速度为零vytd……………………………………………………⑦（1分）2116tm14Bq在垂直y方向，在洛伦兹力作用下做匀速圆周运动，mv22RTvxT3tBqxv1R3x8粒子与xOz平面相切时，对应的坐标：6……………………………………………………⑧（分xR3sin45d14）(236)zRRcos45d334……………………………………⑨（1分）6(236)即切点坐标为（d，0，d）44⑶粒子第一次经过yOz平面时的y轴坐标为yd，粒子从与平面xOz平面相切到第二次与yOz116平面相交用时为t2高三物理第3页（共5页）学科网（北京）股份有限公司tTt3T2218粒子沿y轴方向所受电场力不变，加速度不变，第二次与yOz平面相交时的y轴坐标为y9y9d2116yyyd………………………………………………………………⑩（1分）212L(2R)2(y)2d122………………………………………………⑪（1分）32⑷初速度为3v的粒子在yOz平面右侧运动时加速度为20v22y2Bqd……………………………………………⑿（分）a21t1m33Bqd初速度为v的粒子第2次刚进入yOz平面左侧运动时沿y轴方向的速度大小为vat20y222mT因为粒子沿y轴方向只在平面右侧才有不变的加速度，且每次加速时间均为，所以第n次刚进2入yOz平面左侧运动时的沿y轴方向的速度大小为vv(n2)aT（n=2，3，4，……）……………………………………⑬（1分）yny22粒子第n次在yOz平面左侧运动时速度大小为22Bqd2vvv(4n5)3（n=2，3，4，……）………………………⑭（1分）xyn2m18．（16分）解：⑴设A、B第一次共速时的速率为v1……………………………………………①（分）mv0(m2m)v111212mv4mvμmgL………………………………………②（1分）2021v2解得：L0…………………………………………………③（1分）3μgv0⑵第n次共速时的速度为3n，B与竖直档板第一次碰撞后到第二次共速过程中，设A相对长木板运动的距离为x221v01v0由能量守恒得：3m3mmgx………④（1分）2329dLx………………………………………………………⑤（1分）5v2解得：d0……………………………………………（1分）27μg⑶对：………………………………………⑥（分）BμmgmaB1从B第一次撞击挡板到第二次撞击挡板过程，有高三物理第4页（共5页）学科网（北京）股份有限公司2v02as3B1从B第二次撞击挡板到第三次撞击挡板过程，有2v02as32B2从B第n次撞击挡板到第n+1次撞击挡板过程，有2v02as………………………………………………⑦（1分）3nBnv2则S2(SSS...S)0111...1………⑧（1分）123ng32343632n112(1)2v22nv………………………………………⑨（分）S033011g18g32⑷B从第n次与挡板发生碰撞到第n+1次与挡板发生碰撞的过程中，设B做匀变速运动的时间为t1；B做匀速直线运动的时间为t2，A、B保持相对静止共同运动的位移为Δx匀变速运动过程有：vv00at……………………………………………………⑩（1分）3n3n1B1v2v2002ax……………………………………………（1分）3n3n1Bv⑪匀速过程有：x0t………………………………………………（1分）3n12联立可得：t1:t2=1:1，即每相邻两次碰撞过程：A、B匀变速运⑫动过程与A、B匀速运动过程的时⑭间⑮之⑯比为1:1。1在0~t0时间内，设A做匀减速运动的累计时间为t＇，则tt……（1分）20对：………………………………………⑬Aμmg2maAv又0at………………………………………………………………（1分）3A⑭4v解得：t0………………………………………………………（1分）03g⑮高三物理第5页（共5页）学科网（北京）股份有限公司