物理-2024届新高三开学摸底考试卷02（全国通用 新教材）（答案及评分标准）

2024届新高三开学摸底考试卷（新高考专用）02物理答案及评分标准回。选择题：本题共10小题，。在每小题给出的四个选项中，第1~7题只有一项符合题目要求，第8~1。题有多项符合题目要求。全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错或不答的得0分。1.【答案】C【解析】【详解】A．铀239发生衰变转变为钚239，核反应方程为故A错误；B．铀239经过衰变转变为钚239，释放能量，质量亏损，故B错误；CD．铀238转变为铀239的核反应方程为该核反应方程不是核聚变，故C正确，D错误。故选C。2.【答案】C【解析】【详解】A．载人飞船若要从轨道I进入轨道II，做近心运动，需要在A点减速，故A错误；B．载人飞船在轨道I上通过A点时受到的万有引力等于在轨道II上运行时通过A时点万有引力，由牛顿第二定律可知，它们的加速度相等，故B错误；C．根据万有引力提供向心力有万有引力等于重力有可知，是围绕地球做圆周运动的最大速度，则空间站在轨道I上的速度小于，故C正确；D．轨道I上的神舟十五号飞船想与前方的空间站对接，需要加速，而加速后轨道半径会变大，则需要在低轨道上加速才能完成与空间站对接，故D错误。故选C。3.【答案】C【解析】【详解】A．从N到P的电势升高，从P到M电势降低，则电场线方向P到N，再从P到M，则Q1和Q2是同种电荷，一定是负电荷，故A错误；B．在P点，φ-y图线切线斜率为零，则P点的电场强度大小为零，说明Q1和Q2两点电荷在P点产生的场强大小相等，方向相反，根据点电荷的场强公式由于MP＜NP，则Q1的电荷量小于Q2的电荷量，故B错误；C．将一带负电的点电荷，沿y轴从M点移到N点，电势先升高后降低，所以电势能先减小后增大，故C正确；D．在φ-y图线切线斜率为场强的大小，从P点到N点斜率越来越大，故场强越来越大，所以电荷所受电场力F逐渐增大，故D错误。故选C。3.【答案】A【解析】【详解】A．由图乙可知，周期为，由于可知从到，质点P通过的路程为故A正确；B．由图乙可知，时刻质点P沿轴正方向振动，根据波形平移法可知，该波沿x轴负方向传播，故B错误；C．由图甲可知波长为，则该波的传播速度为故C错误；D．机械波的传播速度只由介质决定，若增大抖动的幅度，波速保持不变，故D错误。故选A。4，【答案】B【解析】【详解】CD．汽车通过ETC通道，减速时间匀速时间加速时间从开始减速到恢复正常行驶过程中的时间故CD错误；AB．汽车通过ETC通道，减速位移为加速位移为从开始减速到刚好恢复正常行驶过程中经过的位移为故A错误，B正确。故选B。5.【答案】C【解析】【详解】A．由图可知，时刻手机开始接触地面，则内做自由落体运动，释放时，手机离地面的高度为故A正确，不满足题意要求；B．由图可知，时刻手机开始接触地面，时刻手机开始离开地面，则手机第一次与地面碰撞的作用时间为，故B正确，不满足题意要求；C．由图可知，时刻手机的加速度最大，且方向竖直向上，根据牛顿第二定律可得可得手机第一次与地面碰撞中所受最大弹力为自身重力的11倍，故C错误，满足题意要求；D．由图可知，时刻手机的加速度最大，此时手机受到地面的弹力最大，手机处于最低点，手机的速度为零，则时间内手机的速度变化量为零，根据图像与横轴围成的面积表示速度变化量，可知0至内图线与横坐标围成的面积中，时间轴下方与上方的面积大小相等，故D正确，不满足题意要求。故选C。6.【答案】A【解析】【详解】AB．设该“气温计”所能测量的最高气温为，根据盖—吕萨克定律可得其中联立解得则有故A正确，B错误；C．根据盖—吕萨克定律可得则有又联立可得即温度的变化量与距离的变化量成正比，则该“气温计”刻度分布均匀，故C错误；D．根据题意可知，罐内气体温度越高，体积越大，染色液柱越靠近吸管的右端；如果气压降低了，则染色液柱稳定时的位置比真实值对应的位置偏右，测量值将较真实值偏大，故D错误。故选A。7.【答案】AC【解析】【详解】A．车速越快，线框磁通量变化率大，产生的感应电动势越大，所以车灯越亮，故A正确；B．车速越快，磁铁转动越快，交流电周期越小，故B错误；C．车速相同，磁铁转速相同，产生的感应电动势相同，所以灯泡亮度相同，故C正确；D．由变压器原、副线圈电压与匝数关系可得解得车灯电压为所以原线圈匝数越大，车灯电压越小，灯泡越暗，故D错误。故选AC。8.【答案】BD【解析】【详解】AC．由乙图知，物块在处电势能最低，根据公式可得，在处电势最高，且物块在次处所受静电力左右平衡，则两固定点电荷均为负电荷，AC错误；B．由以上分析知，在处物块所受静电力左右平衡，则解得B正确；D．从到，静电力对物块做功为，此过程对物块用动能定理，有解得即与处的电势差为所以，从到，电势升高，D正确。故选BD。9.【答案】BD【解析】【详解】A．由右手定则可知，通过电阻的电流方向为，故A错误；B．金属棒从cd运动到ab过程，由法拉第电磁感应定律可知，平均感应电动势平均感应电流流过R的电荷量故B正确；C．金属棒做圆周运动转过的圆心角为θ时导体棒切割磁感线产生的感应电动势回路产生正弦式感应电流，感应电动势的最大值有效值通过R的电流大小金属棒从cd到ab过程R上产生的热量故C错误；D．由功能关系可知解得故D正确。故选BD。10.【答案】CD【解析】【详解】A．煤块从传送带底部开始滑动，根据牛顿第二定律可知解得煤块减速为零需要的时间该过程煤块走过的位移为由于煤块减速为零后相对于皮带向下运动，所以煤块煤块运动至最高点，位移为5m，A错误；B．煤块速度减到零后开始向下运动，根据牛顿第二定律可知解得滑块下滑到传送带底端时解得煤块在传送带上运动的总时间为B错误；C．有图乙可知，皮带的加速度为煤块沿传送带下滑过程中皮带的位移皮带的总长度为12m，所以划痕的长度为12m，C正确；D．煤块相对皮带运动的路程为煤块与传送带间产生的热量为D正确故选CD。11.（5分）【答案】①.水平（1分）②.（1分）③.（2分）④.大于（1分）【解析】【详解】（1）①[1]调整轨道末端沿水平方向；（2）[2][3]设从B点抛出的小球，经过时间t与板相切，可知此时小球的水平速度和竖直速度均为v0，由几何关系解得小球在轨道上损失的机械能为（3）[4]实际操作中，木板与水平地面的夹角为θ，且，则表达式变为可得当tanθ变大时∆E减小，即根据（2）中的实验结论得到的机械能损失量大于真实值。12.（10分）【答案】①.乙（2分）②.见解析（2分）③.（2分）④.没有（2分）⑤.见解析（2分）【解析】【详解】（1）[1]根据闭合电路欧姆定律有即可知电压表的示数变化不明显是由于电源的内阻较小引起的，所以需要将定值电阻接在干路上，将定值电阻与电源看成一个等效电阻，从而增大等效内阻的测量值，使电压表示数变化明显，故选图乙。（3）[2]根据表格中的实验数据，在图（c）中补全数据点，作出图像如图所示（4）[3]根据欧姆定律和电阻定律可得可知图线的斜率为解得MN材料的电阻率为（5）[4]根据可知为图像的纵截距，对图线的斜率无影响，故电流表内阻对电阻率的测量没有影响。（6）[5]根据闭合电路欧姆定律取表格其中两组数据，分别为、，，，代入方程可得联立可得无人机电池的电动势和内阻分别为13（15分）【答案】（1）30°；（2）【解析】【详解】（1）设光在射入圆面时入射角为i，折射角为α，如图所示由几何关系可得解得由折射定律射出圆面时，入射角为β，折射角为r，有由几何关系可得解得由几何关系可得（2）设光在透明材料中通过的距离为l，由几何关系可得光在透明材料中的速度为光通过透明材料的时间14.【答案】（1），；（2），（、2、3…）；（3）【解析】【详解】（1）由题意可知粒子在匀强电场区域做类平抛运动，分解O点速度如图所示联立得（2）粒子在磁场中做等螺距螺旋线运动，粒子在水平方向以大小为的速度做匀速运动，在竖直平面内以的速率做匀速圆周运动，粒子做圆周运动又由题意恰好不出立方体得可得粒子做圆周运动的周期联立得由题目条件可知（、2、3…）得（、2、3…）（3）粒子沿水平方向做匀速直线运动，由得在右侧区域运动时间由几何关系可得原点O到光屏上落点的距离为15.（20分）【答案】（1），；（2），；（3）【解析】【详解】（1）从静止释放到C点的过程，对小车1，由动能定理有在C点，对小车1，由牛顿第二定律有解得对照F-h图像可得（2）由题意，在C点对小车1由牛顿第二定律有C点到A点过程，对小车1，由动能定理有碰撞过程中由动量守恒有对第n辆小车，由动量定理有由动能定理有联立解得（3）小车1下滑到A点，由机械能守恒有在圆O2最高点，取微元作为研究对象，由牛顿第二定律有对第n辆车由机械能守恒有联立解得