2023年湖北省新高考联考协作体高三9月起点考试 物理答案

2023年湖北省高三9月起点考试高三物理答案选择题，10小题，1-7题单选，8-10题多选，每题4分，多选题对而不全得2分12345678910DACCACBBDCDBCD1．【解答】根据电荷数守恒和质量数守恒，推断出Y原子核中含有的电荷数为92290，即Y核的电荷数大于80，所以Y核是具有放射性的，故A错误；要使裂变反应更激烈一些，则应使控制棒插入浅一些，让它少吸收一些中子，链式反应的速度就会快一些，故B错误；衰变过程也是释放能量的，故错误；核裂变反应放出核能，生成物89会更加稳定，根C36Kr据原子核的比结合能越大，原子核越稳定，则235的比结合能小于89的比结合能，故92U36KrD正确。mg．【解答】以结点为对象受力分析如图根据平衡条件有，以绳和结点2B,tan2ABTBC2mg整体为对象受力分析如图，有，所以，对，、都错；tan1tan12tan2ABDTBC2mg由平衡条件有，错。TOACTOAsin1TAB12TBCTBC2mgmg3．【解答】解：设光滑圆弧轨道半径为R，钢球从最高点滑到圆弧轨道最低点过程中，由1动能定理：mgRmv2，钢球从轨道最低点飞出，在空中做平抛运动，根据平抛运动规律：216hRgt2，xvt解得x4R224hR4(R3h)36h2，当R3h时，钢球落地2点距O点最远，此时出口端离地高度为3h，为丙球。C正确，故选：C。4．【解答】解：如图所示，在半球面上任选一点P，根据几何关系可知，若此时线状光源B点发出的光能够射出P点，则线状光源其他点发出的光也一定能够射出P点，所以只要B点发出的所有光线能够射出球面，则光源发出的所有OBOP光均能射出球面，在OPB中，根据正弦定理有，解得sinsin66sinsin，当90时，sin有最大值sin，为使光线一定能从P点射出，根RR湖北省新高考联考协作体*物理答案（共5页）第1页11据全反射应有sin„，所以R…9cm，C正确；故选：C。n1.5U．【解答】解：、第一次，灯泡两端的电压有效值为025ABU1U022故正确，错误；、第二次，设灯泡两端的电压有效值为，则ABCDU2(2U)2TU2TU210002T解得：UU故CD错误；故选：A。R2R2R2206.【解答】由题图乙知，开始计时时刻，即0时刻质点L向上振动，再结合题图甲，可知该横波沿x轴正方向传播，故A错误；由该横波沿x轴正方向传播，从题图甲可看出，质点N该时刻向y轴负方向运动，故C正确；横波传播时，质点不随波迁移，故B错误；该时刻质点K与M的速度为零，加速度大小相等，但方向相反，故D错误．故选C.7.【解答】在B点，根据轻绳拉力和重力沿斜面向下的分力提供向心力，v211得mg＋mgsin30°＝m，从B点到A点，根据动能定理得mg2R·sin30°＝mv′2－mv2，R22v′2在A点，根据轻绳拉力和重力沿斜面向下的分力提供向心力得FT－mgsin30°＝m，R解得FT＝4mg，故选B.GMmR218.【解答】设卫星在轨道Ⅱ上的加速度大小为a1，由＝ma1，可得a1＝a0＝a0，r23R292v113a0R故A错误；设卫星在轨道Ⅱ上的线速度大小为v1，由a1＝，解得v1＝a0R＝，3R3323T23RT236故B正确；由开普勒第三定律有＝，解得＝，故C错误；设卫星在椭圆轨23T12RT141道远地点的线速度大小为v，则v0R＝v×3R，解得v＝v0，卫星从轨道Ⅰ变轨到轨道Ⅱ，发动321212ma0Rmv0机需要做的功为W＝mv1－mv＝－，故D正确．故选BD.226189．【解答】由图知，0～3s内，甲的平均速度大小为3m/s，乙的平均速度大小为2m/s，A错；甲的加速度始终为2m/s2，B错；0～5s内，乙质点的图像面积为10，位移为10m，C对；甲质点先向负方向后向正方方向运动，总位移为-5m，乙质点为10m，所以相距15m，D对。10.【解答】导体棒获得最大速度时，导体棒受力平衡，有mg＝F安＝BId，解得I＝1A，又E由E＝Bdvm，I＝，解得vm＝10m/s，故A错误，B正确；在下落0.29m的过程中有E＝2R湖北省新高考联考协作体*物理答案（共5页）第2页ΔΦEΔΦ，I＝，q＝It，可知q＝，其中ΔΦ＝ΔS·B＝0.2×0.29×0.5Wb＝0.029Wb，解得t2R2Rq＝2.9×10－2C，故C正确；由动量定理有(mg－BId)t＝mv，通过导体棒的电荷量为q＝ItBdhB2hd2＝，可得v＝gt－，代入数据解得v＝2.21m/s，故D正确．故选BCD.2R2Rm11.答案：(1)阻力与重力之比更小(或其他合理解释)——————1分(2)0.547(0.542～0.550均正确)——————2分0.576(0.570～0.590均正确)——————2分C——2分[解析](1)对体积和形状相同的重物，密度越大，重物下落过程中所受的阻力与重力的比值越小，阻力对实验结果的影响越小。(2)由题图2可知O点与C点之间的距离为27.90cm，则从O点到C点，重物重力势能变化量的绝对值|ΔEp|＝mghOC＝0.2×9.8×0.279J＝0.547J；由题图2可知B点和D点之间的距离xBD＝(32.95－23.35)cm＝9.60cm，匀变速直线运动中间时刻的瞬时速度等于这段时间的平均速度，由题意可知打C点的时刻是打B、D两点这段时间的中间时刻，所以打C点时重2－2xBD9.60×101物的速度vC＝＝m/s＝2.40m/s，重物在C点时的动能Ek＝mv＝2T2×0.022C1×0.2×2.402J＝0.576J。由以上的计算结果可知，重力势能的减少量小于C点的动能，出2现这一结果的原因可能是接通电源时重物已经具有了一定的速度，即接通电源前释放了纸带，C正确。IdIb12.答案(1)R2(2)3.02.1(3)③Rx＝(－)(rA＋R2)相等每空2分IcIa解析(1)电源电动势为3V，电流表A2与R1串联,可改装为量程为－6U＝Ig(rA＋R1)＝300×10×(1000＋1000)V＝0.6V的电压表，改装后的电压表量程太小，同理应用定值电阻R2改装后电压表量程为3V，故选R2；(2)由题图可知I1＝0时，电流表A2的读数对应的电压值即为电源的电动势，则E＝3.0V，ΔU3.0－1.80内阻r＝||＝Ω＝2.1Ω；ΔI0.58IdIb(3)③由题意可知：IaR＝Ib(rA＋R2)，Ic(R＋Rx)＝Id(rA＋R2)，联立解得Rx＝(－)(rA＋R2)；IcIa由以上分析可知，若考虑电流表A1内阻的影响，则表达式列成：Ia(R＋rA1)＝Ib(rA＋R2)，Ic(rA1＋R＋Rx)＝Id(rA＋R2)，最后求得的Rx表达式不变，则用该方法测得的阻值与其真实值相比相等．13.【答案】解：对气体初状态压强为，体积为：，——1分末状态体积为(1)—�—————————75—????—�—�——————20—????—�———1分25????�湖北省新高考联考协作体*物理答案（共5页）第3页根据理想气体状态方程得出：——————————2分得出：————75—×—2—0�—=—�—�2—×—25—�———————————1分活塞�被�2缓=慢60的�左��拉�的过程中，气体做等温变化，(初2)状态：�，体积：————2分1末态：��=75+25=100????????，体积��1=10????�——————2分2根据玻意��耳=定律��得2+出2：5−5=80????????—————�—�2—=—�—�2—�————2分解得：——��—1�—�1—=—�—�2�—�—2—————————————1分��2=12.5????14.【解析】(1)设滑块第一次滑至C点时的速度为vC,圆轨道C点对滑块的支持力为FN由P到C的过程:mgR=m——————————111222C滑块在C点有:FN-mg=m—v———————————12vC解得FN=2mg——————R————————————1由牛顿第三定律得:滑块对轨道C点的压力大小FN'=2mg,方向竖直向下。————1(2)对P到C再到Q的过程,根据动能定理有:mgR(1-cos60°)-2μmgR=0————————2解得μ=0.25。————————1(3)滑块刚好能通过圆轨道的最高点A,根据牛顿第二定律得mg=m,——————12vAQ到C再到A的过程:Ep=m+2mgR+2μmgR—————————R———212解得弹性势能Ep=3mgR。2——vA——————————————————1(4)滑块不脱离轨道,有两种情况,一种是(3)中的情况,弹性势能大于等于3mgR;————1另一种是滑块向右运动到最高点高度为R,此时根据能量守恒定律有:Ep'=mgR+2μmgR=1.5mgR——————————————————1所以,弹簧的弹性势能应大于等于3mgR或小于等于1.5mgR。————————1＋2π，4v0v0t004＋2π15、答案(1)(2)π(3)v0t0πE0t0π解析(1)0～t0时间内粒子P在匀强磁场中做匀速圆周运动，当粒子所在位置的纵、横坐标1相等时，粒子在磁场中恰好经过圆周，所以粒子P第一次离x轴的最远距离等于轨道半径42v0t0R，即R＝————————————————2π2v0又qv0B0＝m—————————————————2RE08v0q4v0代入＝解得＝————————————————22B0πmπE0t02πR(2)设粒子P在磁场中运动的周期为T，则T＝，————1则可得T＝4t0————1v0湖北省新高考联考协作体*物理答案（共5页）第4页1即粒子P做圆周运动后磁场变为电场，粒子以速度v0垂直电场方向进入电场后做类平抛运4动，设t0～2t0时间内水平位移和竖直位移分别为x1、y1，则x1＝v0t0————112y1＝at0——————————12qE0其中加速度a＝————————1m2v0t0解得y1＝＝R————————1π2＋π因此t＝2t0时刻粒子P的位置坐标为(v0t0，0)，————————1π如图中的b点所示．(3)分析知，粒子P在2t0～3t0时间内，静电力产生的加速度方向沿y轴正方向，由对称关系知，在3t0时刻速度方向为x轴正方向，位移x2＝x1＝v0t0————————————————————————————1在3t0～5t0时间内粒子P沿逆时针方向做半径为R的匀速圆周运动，往复运动轨迹如图所示，由图可知，带电粒子在运动中距原点O的最远距离L即O、d间的距离L＝2R＋2x1———14＋2π解得L＝v0t0—————————————————————————2π湖北省新高考联考协作体*物理答案（共5页）第5页