广东省六校（东莞中学、广州二中、惠州一中、深圳实验、珠海一中、中山纪念）2024届高三上学期第二次联

东莞中学、广州二中、惠州一中、深圳实验、珠海一中、中山纪念中学2024届高三第二次六校联考试题物 理（满分：100分，时间：75分钟）一、单项选择题：(本大题共7小题，每小题4分，共28分。每小题给出的四个选项中只有一项满足题目要求，选对得4分；不选、错选或多选不得分。) 图甲是水上乐园里的“波浪滑梯”，图乙是它的简化模型.它由四段长度相同的光滑斜面组合而成，其中ab平行于cd，bc平行于de，设一物体从a点由静止开始下滑，到达e点，物体在经过各段连接处时速度大小不会突变.下列选项正确的是（）bdcae甲 乙物体在cd段的加速度大于在bc段的加速度物体在cd段的速度增加量等于在ab段的速度增加量物体的重力在cd段做的功等于在ab段做的功物体在c点与e点的速度满足： 狗拉雪橇在水平的雪地上行驶，其中一段可看作是匀速圆周运动.F表示狗对雪橇的拉力，f表示地面对雪橇的滑动摩擦力.下列对雪橇受力分析正确的是（ ）FFffFFf fA B C D 如图所示，两个长度相同的轻绳在中点处垂直交叉形成一个“绳兜”，重力为G的光滑球静置于“绳兜”中.绳端挂于O点静止，A、B、C、D为每根绳与球面相切的点，OA=OB=OC=OD=2R,R为球的半径，则OAODB绳中的拉力大小为（ ）A C 一架无人机某次飞行的轨迹如图所示，轨迹abcde是在竖直平面内一条光滑曲线，若此次飞行中飞机的速率近似保持不变，b点和d点分别为轨迹的最低点和最高点，则下列说法正确的是（ ）caevb飞机在b点所受合外力沿水平向右 d飞机在b点受到的升力大于在c点受到的升力从b点到d点的飞行中，飞机的水平速度大小不变从b点到d点的飞行中，飞机一直处于超重状态A 如图所示，某家用小汽车的车轮直径为80cm，一个质量为103kg的小石块A卡在轮胎边缘的花纹中，当该车以72km/h的速度在平直公路上正常行驶时，小石块因车轮转动而受到的向心力大约是（ ）A.0.01N B.0.05N C.0.5N D.1N 足球运动员训练罚点球，足球放置在球门中央的正前方O点.两次射门，足球先后打在水平横梁上的a、b两点，a为横梁中点，如图所示.若足球两次击中横梁时的速度方向均沿水平方向，不计空气的作用（ ）若足球从O点运动到a、b的时间分别为t1和t2，则t11).重力加速度为g，不计一切空气阻力.某同学使用以下三种方式将球从筒内取出：方式一：“甩”，如图甲所示.手握球筒底部，使羽毛球在竖直平面内绕O点做半径为R的圆周运动.当球筒运动至竖直朝下时，羽毛球恰要相对球筒滑动，求此时球筒的角速度；方式二：“敲”，如图乙所示.手握球筒向下运动，使球筒以一定速度撞击桌面，球筒撞到桌面后不再运动，而羽毛球恰好能滑至球头碰到桌面.若已知运动的初速度为0，起始高度为,求此过程手对球筒所做的功；方式三：“落”，如图丙所示.让球筒从离地h高处由静止释放,已知：k=4，M=8m，且球筒撞击地面后反弹的速度大小始终为撞击前的.若要求在球筒第一次到达最高点以后，羽毛球从球筒中滑出，求hLh应满足怎样的取值范围？（不考虑球筒和地面的多次碰撞）ORdLL/2甲 乙 丙东莞中学、广州二中、惠州一中、深圳实验、珠海一中、中山纪念中学2024届高三第二次六校联考试题物理参考答案与评分标准一、选择题12345678910CAABDCBACACBCDa(m.s-2)mg(N)O1.02.03.04.0-1.02.03.05.04.0-2.01.011.(1)BCD（2分，少选且正确的得1分）(2)分别量出节点O与A、B、C点的距离（1分）；与第三个力几乎等大反向（1分）12.a5=5.13（2分）作图，如图所示（2分,未和坐标轴相交的扣1分）mg-μ(Mg-mg)=Ma（2分）表达式：，；测量值：=0.22(0.17~0.27算对)（每空2分）13.(1)设月球表面的重力加速度为g月，由竖直上抛运动公式：（2分）在月球表面质量为m的物体的重力：（2分）联立可得：（1分）（第一小问共5分）(2)月表第一宇宙速度即为近月环绕速度，在月面附近万有引力提供向心力：（2分）可解得第一宇宙速度v：（1分）（第二小问共3分）FNmgθ14.(1)0~0.4s内对小球受力分析如图所示，根据，杆对小球的弹力N垂直于滑轨向下即小球和滑轨的下表面接触，故小球会受摩擦力.于是有：（1分）（1分）可解得：a=12.5m/s2（1分）（第一小问共3分）(2)解法一：t=0.4s时，小球的速度大小为v1，且：v1=at=5m/s（1分）t=0.4s以后，F改为水平向右，小球受力分析如图所示，滑轨对小球的弹力N垂直于滑轨向上，即小球和滑轨的下表面接触，故小球不受摩擦力.可解得：（1分）因为：，故小球将在滑轨上做匀速直线运动（1分）小球滑至B点时的速度：v2=v1=5m/s（1分）（第二小问共4分）解法二：t=0.4s时，小球的速度大小为v1，且：v1=at=5m/s（1分）FN’mgθF’将F与mg合成，合力F’方向恰好垂直于滑轨故：小球匀速下滑，（1分）且（1分）小球滑至B点时的速度：v2=v1=5m/s（1分）（第二小问共4分）F’v2(3)解法一：小球滑出轨道后，由于N’消失，F’的大小方向恒定不变，故小球做初速度为v2的类平抛运动，在垂直于v2的方向上：（1分）（1分）由动能定理，可得：（2分）联立可解得：Ek=30J（1分）（第三小问共5分）解法二：由运动的独立性可知，小球滑出轨道后竖直方向和水平方向分别做匀变速直线运动竖直方向：v0y=v2cos37°=4m/svy=v0y+gt=7m/s（1分）水平方向：v0x=v2sin37°=3m/s（1分）vx=v0x－axt3=－1m/s（1分）故落地时的动能：（1分）解得：Ek=30J（1分）（第三小问共5分）15.(1)当球筒运动至竖直朝下时，以羽毛球为研究对象，受力分析有：（2分）