湖北省宜荆荆随恩2023-2024学年高三上学期1月期末联考物理答案

2024年宜荆荆随恩高三1月联考高三物理答案1.Bc【详解】A．由图可知，a光的截止电压大，根据逸出功表达式Whh00所以a光频率大，a光波长短，故A错误；B.a光频率大，故单个光子能量高C.有饱和光电流存在，光电流不能不断增大D．反向遏止电压与光强无关。2．D【详解】A．陀螺仪处于完全失重状态，故A错误；B.高轨低速大周期，故B错误；C．虽然“天链一号”03星和“天链二号”01星在同一轨道上具有相同的线速度，但由于他们的质量不一定相同，他们的动能也不一定相同，故C错误；D．所有的地球同步卫星只能分布在赤道的正上空，他们的环绕周期相同，约为24h，故D正确；3．D【详解】A．若保持原副线圈匝数不变，要增大副线圈两端的电压，则必须增加原线圈两端的电压，而根据手电筒的发电原理可知，推动手柄使线圈a切割磁感线产生感应电动势，设线圈a的半径为r，由vt图2uNB2rvsin(V)像可得，产生的感应电动势的瞬时值的表达式为0，而原线圈两端电压的有效值为T0EmNB2rv0U1，由此可知，减小线圈a的匝数原线圈两端的电压减小，旧灯泡不能恢复之前的亮度，22L故A错误；B．根据电阻定律R，可知，当灯丝变细后其横截面积变小，灯丝的电阻增大，而要使S其恢复原来的亮度，则需要增大灯泡两端的电压，使通过灯丝的电流达到其额定值，因此需要增大变压器Un副线圈两端的电压，而若保持原线圈两端的电压不变，则根据变压器电压与匝数之间的关系11，可U2n2n2得U2U1，可知，增加副线圈的匝数或减小原线圈的匝数才能使副线圈两端的电压增大，故B错误；n1C．增大推动手柄时的周期T0并不会影响原线圈两端电压的有效值，不能使副线圈两端的电压增大，因此不能使灯泡恢复原来的亮度，故C错误；D．增大推动手柄时的最大速度v0，则原线圈两端电压的有效值增大，从而使副线圈两端电压的有效值增大，灯泡可以恢复之前的亮度，故D正确。4．C宜荆荆随恩重点高中教科研协作体*物理答案第1页共6页{#{QQABQQCAggioAAAAAAgCAwUaCEIQkBEACCoORFAIIAAACAFABAA=}#}mv【详解】由于电子在运动的过程中，速度大小不变，根据r，可知在F点处轨道半径较小，磁感强度qB较大，一定是导线CD中通有电流，由于电子带负电荷，根据左手定则可知，F处的磁场方向垂直纸面向内，由安培定则可知，导线CD中电流的方向从C到D。5．C【详解】沿斜面方向对M列平衡方程得TMgsin30，对结点O受力分析，竖直方向2Tcos60mg，联立解得M=2m，A错误；B．剪断定滑轮与a之间轻绳的瞬间，a有下滑趋势，由于不知道M与斜面之间的动摩擦因数，无法判断其运动情况，即无法求a的加速度，故B错误；C．设轻绳与水平方向夹角为，定滑轮处到P点轻绳长度为L，竖直杆到斜面的水平距离为d，则Lcosd将竖直杆缓慢向右移动一小段距离，则d变大，L不变，cos变大，所以角减小，2Tsinmg所以轻绳拉力T变大，产生了沿斜面向下的摩擦力，C正确；D．将P端缓慢向上移动一小段距离，根据对C项分析可得d、L不变，则cos不变，即角度不变，所以绳子的拉力不变，那么a的运动状态不变，所受摩擦力依然为零，D错误。6.【答案】D【详解】在P点恰好发生全反射，根据几何关系可知，在E点的折射角与临界角C互余。根据折射定律sinisini12c3sn，sinC，解得n，单色光在玻璃砖中的传播速度为vc，t，sinrcosCn3n2v14L2L，得，故选。s2nLtDsinC3c7、【答案】C1【详解】A．带电粒子X和Y，经电压为U的电场加速过程中，由动能定理得qUmv22v212mU在磁场中偏转，洛伦兹力提供向心力，有qvBm，联立解得RRBq依题意，根据粒子在磁场中运动轨迹，如图RRR2qq11YXXXY由几何关系得cos53，解得，因此比荷之比为:2:225:4，故A正确；RYRY5mXmYRXRY122qUB．在磁场中运动的速度与电场加速后速度相同，根据qUmv，可得v，可知速度大小之比为2m5:2，故B正确；宜荆荆随恩重点高中教科研协作体*物理答案第2页共6页{#{QQABQQCAggioAAAAAAgCAwUaCEIQkBEACCoORFAIIAAACAFABAA=}#}1C．洛伦兹力不做功，刚离开磁场区域时的动能与进入磁场时相等，根据qUmv2E2k可知动能之比与电荷量成正比，但两粒子电荷量未知，故动能之比无法求解，故C错误，故选C；D.由tT，知时间之比为72∶265，故D正确28.【答案】AC【详解】A、结合两个图像可得A正确。B、质点不会随波迁移。C、去整留零，4.55s时，质点正从平衡位置向负向最大位移处运动，故C正确。D、任意0.5s即1.25个周期，位移不一定是5A9．【答案】BC【详解】由于不清楚电场强度的方向，故无法确定微粒的电性，故A错误；由题图可知，0～3s内电势能增加9J，则0～3s静电力做的功为－9J，故B正确；由题图可知，电势能均匀增加，即静电力做的功与时间成正比，说明微粒沿静电力方向做匀速直线运动，同理，沿重力方向也做匀速直线运动，则微粒的合运动为匀速直线运动，所以运动过程中速度不变，动能不变，故C正确；由功能关系可知，0～3s内重力势能与电势能共减少6J，又微粒的动能不变，故0～3s内除静电力和重力外所受其他力对微粒做的功为6J，故D不正确.10、【答案】CD【详解】A.mg=k时，物块的速度最大，此时型变量为mg，故A错。21sin��2�B.最低点时重力势能全部转化为弹性势能mgx=kmg,解得，最大位移为mg，故B错。13229222sin�2(2�)4�132mg12mg32mg2mgC.由能量守恒解得kkmgsin45Ekm22k22k2k2km2g2E，故C正确。kmkD.物块开始压缩弹簧后，到分离前做简谐振动，从开始接触到最短经历+,解得D正确。��124h11、【答案】（1）C（2）（3）大（4）大x【详解】（1）依题意，设物块在倾斜木板上滑行的距离L，水平木板上滑行的距离为l，倾斜木板与水平面h的夹角为，根据动能定理有mghmgcosLmgl0，又因为Lcoslx，联立可得x所以，实验中还需要再测出的一个物理量是P、Q两点间的水平距离x，故选C。h（2）由（1）问可知x宜荆荆随恩重点高中教科研协作体*物理答案第3页共6页{#{QQABQQCAggioAAAAAAgCAwUaCEIQkBEACCoORFAIIAAACAFABAA=}#}（3）若物块经过两木板连接处时仍然有能量损失，则导致x的测量值比实际偏小，使得测出的物块与木板间的动摩擦因数比真实值偏大。（4）因为物体做圆周运动时有向心力，造成支持力大于重力垂直于切面的分力，从而摩擦力偏大，在曲面处摩擦力做功相比更多，导致x的测量值比实际偏小。12.（1）0.6（2）2.60（3）2.92/2.93/2.940.7等于IGrG2001.20【详解】（1）要并联的电阻R10.6IIG600200（2）电压表的最小刻度为0.1V，则读数为2.60V（3）由图像纵轴截距可知，电源电动势为2.92/2.93/2.94，通过电源的电流等于通过电流计电阻的3倍，则当电流计电流为160mA时，通过电源的电流为3×160mA=480mA=0.48A，改装后的电流表内阻为0.4Ω，U2.942.40则电源内阻rR0.40.7，由此知电源内阻测量值等于真实值。IA0.4813．（1）50.5cm（2）9.5cm【详解】（1）由玻意耳定律，有p0L0Sp1L1S————————2分5解得p11.0510Pa又p1p0gh————————2分解得h50cm洗衣缸内的水面上升的高度H=(50+10.5-10)cm=50.5cm————————2分pLSpLS（2）由理想气体状态方程有0022————————2分T0T25根据题意知p2p11.0510Pa解得L9.5cm————————2分【答案】（）；（）；（）14.1vB25m/s2FN=5.25N3P0.375W【详解】（1）在小物块从A运动到B的过程中，由动能定理有1Eqlmglmv2——————————2分ABAB2B解得——————————分vB25m/s1（2）从B到C的过程，对小物块由动能定理有11EqRmgRmv2mv2———————————1分2C2B解得————————————分vB32m/s1物块在C点，设轨道对其支持力为FN，由牛顿第二定律有v2FEqmC——————————1分NR解得FN=5.25N——————————1分宜荆荆随恩重点高中教科研协作体*物理答案第4页共6页{#{QQABQQCAggioAAAAAAgCAwUaCEIQkBEACCoORFAIIAAACAFABAA=}#}11小物块从B点到D点，由动能定理有mg2Rmv2mv2，————————1分2D2B解得vD2m/s——————————1分小物块从D点飞离轨道后在竖直方向只受重力，可知在竖直方向做自由落体运动，在水平方向受到与速度方向相反的电场力，因此可知，在水平方向做匀变速直线运动，根据运动的独立性与等时性，设物块落地时所用的时间为t，则在竖直方向有12Rgt2，t=0.4s——————————1分21在水平方向有xvtat2，——————————1分D2Eq其中a，—————————1分m联立解得x=0.2m——————————1分电场力做功W=—qEx=—0.15J，——————————1分W平均功率P0.375W——————————1分t15B2L2v3xmR、（）（）2（）0（）0151UabBLv02Qmv03a4t222328mR2v0BL15答案：（1）M刚进磁场，EBLv0，————————1分RUE，————————1分RR由右手定则知ab——————1分1故UUBLv————————1分ab201（2）M、N系统动量守恒2mv2mvmv，———————1分01203vv———————1分14011111（）22（）2———————分Q2m2v02mv1mv01222225Qmv2———————1分32031（3）EBLvBLv，———————1分4020EI，BILma———————1分2RB2L2va0———————1分8mR宜荆荆随恩重点高中教科研协作体*物理答案第5页共6页{#{QQABQQCAggioAAAAAAgCAwUaCEIQkBEACCoORFAIIAAACAFABAA=}#}—1（4）对N：BLItmv，———————1分20——BLvmBLvnI2RB2L21联立得xxmv———————1分2RMN20mRv0又xNx0，得xMx0———————1分B2L2由———————分2mv0t2mvMtmvNt1得2mv0t2mxMmx0，———————1分3xmR代入得0———————分t2212v0BL双向细目表题号知识点1原子物理2万有引力3交变电流4磁场5力的平衡6几何光学7带电粒子在组合场中运动8机械振动机械波9电场10功能关系、机械振动11力学实验12电学实验13热学14功能关系与曲线运动15电磁感应宜荆荆随恩重点高中教科研协作体*物理答案第6页共6页{#{QQABQQCAggioAAAAAAgCAwUaCEIQkBEACCoORFAIIAAACAFABAA=}#}