{#{QQABTQ6EogCgAhBAAAhCUwE6CkMQkAGAAAoGAEAIMAAACBFABAA=}#}{#{QQABTQ6EogCgAhBAAAhCUwE6CkMQkAGAAAoGAEAIMAAACBFABAA=}#}{#{QQABTQ6EogCgAhBAAAhCUwE6CkMQkAGAAAoGAEAIMAAACBFABAA=}#}{#{QQABTQ6EogCgAhBAAAhCUwE6CkMQkAGAAAoGAEAIMAAACBFABAA=}#}{#{QQABTQ6EogCgAhBAAAhCUwE6CkMQkAGAAAoGAEAIMAAACBFABAA=}#}{#{QQABTQ6EogCgAhBAAAhCUwE6CkMQkAGAAAoGAEAIMAAACBFABAA=}#}{#{QQABTQ6EogCgAhBAAAhCUwE6CkMQkAGAAAoGAEAIMAAACBFABAA=}#}{#{QQABTQ6EogCgAhBAAAhCUwE6CkMQkAGAAAoGAEAIMAAACBFABAA=}#}2023学年第一学期期末学业水平测试高一年级物理参考答案一、选择题I(本题共12小题,每小题3分,共36分。每小题列出的四个备选项中只有一个是符合题目要求的,不选、多选、错选均不得分)123456789101112ADCCBCCDCBAB二、选择题II(本题共3小题,每小题4分,共12分。每小题列出的四个备选项中至少有一个是符合题目要求的。全部选对的得4分,选对但不全的得2分,有选错的得0分)131415CDACDBC三、非选择题(本题共6题,共52分)16.(6分)(1)B(2分)(2)C(1分)(3)1.80(1.78N~1.83N均可)(1分)(4)F(1分)(5)无(1分)17.(6分)(1)低(1分)B(1分)(2)不需要(1分)(3)0.20(1分)(4)A(2分)18.(9分)(1)消防员做初速度为0的匀加速直线运动,由(2分)得:�1=�1�1=5m/s(1分)(2)消防员做匀减速直线运动,加速度方向与速度方向相反,若规定向下为正方向,由�1(2分)得:22�2−�1=2�2�2答案第1页,共4页{#{QQABTQ6EogCgAhBAAAhCUwE6CkMQkAGAAAoGAEAIMAAACBFABAA=}#}(1分)即消防员匀减速阶段的加速度a的大小为2,方向竖直向上。�2=−3�/�(3)消防员下滑的高度有两段组成。第一段由23�/�(1分)12得:�1=2�1�1(1分)由题意得第二段消防员下落距离为:�1=2.5�所以消防员下落得总高度为:�2=4�(1分)�=�1+�2=6.5�19.(9分)(1)匀速前进时物体受力平衡,Fcos37°=f(1分)求得f=40N(1分)(2)竖直方向受力平衡(M+m)g=Fsin37°+N(1分)求得滑雪圈与雪面间的弹力大小N=400N(1分)由滑动摩擦力公式f=μN可求得μ=0.1(1分)(3)撤去拉力后滑雪圈与雪面的弹力大小变为N’=(M+m)g=430N求得:N’=430N(1分)则滑动摩擦力大小变为f’=μN’=43N求得f’=43N(1分)则由牛顿第二定律可求得加速度大小a=1m/s2(1分)由公式v2=2ax可求得前进距离L=m(1分)120.(10分)2(1)对结点O进行受力分析可得:因为结点O静止处于受力平衡状态,则三个力可以围成首尾相连的矢量三角形:答案第2页,共4页{#{QQABTQ6EogCgAhBAAAhCUwE6CkMQkAGAAAoGAEAIMAAACBFABAA=}#}由几何关系得:�2即:����=????(2分)求得:�2=????����=(1分)500(2)由几何关系得,当�2力3垂直3�于力时,有最小值�2�1�2由图得:(2分)求得:�2=????????��=(1分)(3)由(2)得,在力垂直于力时,�2250�求得:�2�1�1=????????��=(1分)所以当取到临界情况时,可以取到最小值,几何关系为:�12503�>1253�由几何关系得,在三角形ABC中,�1�2????=500(1分)????=250由此可得在三角形BCD中��=2503(1分)由勾股定理得:????=125322即最小取到��=????+????=1257=(1分)�2�21257�21.(12分)(1)由题意得小球离地面的高度由两段组成。小球运动前离地高度为:接着小球做竖直上抛运动,由竖直上抛运动的对称性得,小球竖直上抛的时间为:ℎ1=1m(1分)1由竖直上抛可以看做自由落体运动�的2=逆2运�1动=,0.由5s自由落体运动的位移表达式可得:(1分)12所以ℎ2=2��2=1.25m(1分)(2)该题目中小球的运动为初速度竖直向上,加速度向下的竖直上抛运动,小球经历了先ℎ=ℎ1+ℎ2=2.25m向上减速,后向下加速的运动过程,小球最后的位移为:(1分)�=ℎ3−ℎ1=2m答案第3页,共4页{#{QQABTQ6EogCgAhBAAAhCUwE6CkMQkAGAAAoGAEAIMAAACBFABAA=}#}由匀变速直线运动位移与时间的关系可得:(2分)12解得:�=�0�3−2��3(1分)59(3)落地后一瞬间表演者速度�0向=下7,m短/s暂=接8触.4后3m速/s度先减为0,再变成向上1m/s。即表演者的加速度向上,处于超重状态。考虑上面的表演者从上面下落的过程中,重心下落的高度包括表演者脚离地的高度即下面表演者的肩高1.5m,上面表演者的重心离脚底1m,减去落地后重心离地0.1m可得:上肩重趴(1分)由匀变速直线的规律:ℎ'=ℎ+ℎ+ℎ−ℎ=2.7m得:2�=2�ℎ'(1分)由加速度的定义得:�=36m/s=7.2m/s��−�得:� =∆�(1分)由牛顿第二定律得:2� =−8.2m/s得:????−� � =�� (1分)由牛顿第三定律得:� � =1092N压,方向竖直向下(1分,不写方向不给分)� =� � =1092N答案第4页,共4页{#{QQABTQ6EogCgAhBAAAhCUwE6CkMQkAGAAAoGAEAIMAAACBFABAA=}#}
物理-浙江省杭州市2023-2024学年高一上学期1月期末
2024-02-03
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