物理（辽宁卷01）-2024年高考押题预测卷物理（辽宁卷）（全解全析）

2024年高考押题预测卷01（辽宁卷）物理·全解全析注意事项：1．答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号等填写在答题卡和试卷指定位置上。2．回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上。写在本试卷上无效。3．考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回一、选择题：本题共10小题，共46分。在每小题给出的四个选项中，第1~7题只有一项符合题目要求，每小题4分，第8~10题有多项符合题目要求。每小题6分，全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错或不答的得0分。1．达芬奇的手稿中描述了这样一个实验：一个罐子在空中沿水平直线向右做匀加速运动，沿途连续漏出沙子。若不计空气阻力，则下列图中能反映空中沙子排列的几何图形是（ ）A． B．C． D．【答案】D【解析】罐子在空中沿水平直线向右做匀加速运动，在极短时间内水平方向位移的增加量，竖直方向做在自由落体运动，在极短时间内，竖直方向的位移增加；说明水平方向位移增加量与竖直方向位移增加量比值一定，则连线的倾角就是一定的。故选D。2．如图甲为一列简谐横波在某一时刻的波形图，图乙为介质中x=2m处的质点P以此时刻为计时起点的振动图像。下列说法错误的是（ ）A．这列波沿x轴正方向传播B．这列波的传播速度是20m/sC．经过0.1s，质点Q的运动方向沿y轴负方向D．经过0.35s，质点Q距平衡位置的距离大于质点P距平衡位置的距离【答案】D【解析】A、由图乙可知t=0时质点P沿y轴向负方向振动，由甲图可知这列波沿x轴正方向传播，故A正确，不符合题意；B、由甲图可知波长为；由乙图可知周期为；则波速大小为；故B正确，不符合题意；C、由；由甲图可知t=0时质点Q向y轴正方向振动，经过0.1s，质点Q的运动方向沿y轴负方向，故C正确，不符合题意；D、由；经过0.35s，质点Q离开平衡位置向y轴负方向振动；质点P处于y轴正方向最大位移处，所以经过0.35s，质点Q距平衡位置的距离小于质点P距平衡位置的距离，故D错误，符合题意。故答案为：D。3．在冰壶比赛中，某队员利用红壶去碰撞对方的蓝壶，两者在大本营中心发生对心碰撞如图（a）所示，碰撞前后两壶运动的v-t图线如图（b）中实线所示，其中红壶碰撞前后的图线平行，两冰壶质量相等，则（ ）A．两壶发生了弹性碰撞B．碰后蓝壶速度为0.8m/sC．碰后蓝壶移动的距离为2.4mD．碰后红壶所受摩擦力小于蓝壶所受摩擦力【答案】B【解析】由图知：碰前红壶的速度v0＝1.0m/s，碰后速度为v′0＝0.2m/s，可知，碰后红壶沿原方向运动，设碰后蓝壶的速度为v，取碰撞前红壶的速度方向为正方向，根据动量守恒定律可得：mv0＝mv′0+mv，代入数据解得：v＝0.8m/s，12mv02>12mv'02+12mv2，碰撞过程机械能有损失，碰撞为非弹性碰撞，A不符合题意，B符合题意；根据速度图象与坐标轴围成的面积表示位移，可得，碰后蓝壶移动的位移大小，C不符合题意；根据图象的斜率表示加速度，知碰后红壶的加速度大于蓝壶的加速度，两者的质量相等，由牛顿第二定律知碰后红壶所受摩擦力大于蓝壶所受的摩擦力，D不符合题意．故答案为：B4．如图所示，有4个完全相同的木块，并排放在固定的斜面上，分别标记（号）为“2，0，2，4”，不计所有接触处的摩擦，则0号木块左右两侧面所受的弹力之比为（ ）A．3：2 B．2：3 C．2：1 D．1：2【答案】A【解析】以上面的0、2、4号木块整体为研究对象，由共点力平衡条件可得，0号木块左侧受的弹力大小为；以上面的2、4号木块为研究对象，由共点力平衡条件可得，0号木块右侧受的弹力为；可得0号木块左右两侧面所受的弹力之比为；A符合题意，BCD不符合题意。故答案为：A。5．如图甲所示，理想变压器原、副线圈的匝数比为，电阻，各电表均为理想交流电表。原线圈输入电压的变化规律如图乙所示。下列说法正确的是（ ）A．副线圈输出电压的频率为5Hz B．电压表的示数为22VC．电阻R消耗的电功率为22W D．电流表的示数为1A【答案】C【解析】A.由乙图可知原线圈输入电压的周期为T=0.02s，变压器不改变交流电的周期和频率，所以副线圈输出电压的频率为；A不符合题意；B.由图乙可知，原线圈输入电压的最大值；由理想变压器电压与匝数关系可得得；电压表显示有效值，可知电压表的示数为；B不符合题意；C.电阻R消耗的电功率为；C符合题意；D.理想变压器输出功率和输出功率相等，所以有；；解得D不符合题意。故答案为：C。6．如图甲所示，在x轴上有一个点电荷Q（图中未画出），O、A、B为轴上三点。放在A、B两点的试探电荷受到的静电力与其所带电荷量的关系如图乙所示。以x轴的正方向为静电力的正方向，则（ ）A．点电荷Q一定为正电荷B．点电荷Q在A、B之间C．点电荷Q在A、O之间D．A点的电场强度大小为【答案】B【解析】ABC.由图乙知，正的试探电荷放在A点，受到的电场力方向沿x轴正方向，所以A点的场强向右，负的试探电荷放在B点，所受的静电力的方向也沿x轴的正方向，所以B点的场强方向向左，说明点电荷Q为负电荷且在A、B之间，AC不符合题意，B符合题意；D.根据；可知，图乙中A点的试探电荷受到的静电力与其所带电荷量的关系图像的斜率等于点电荷Q在A点的场强，即；D不符合题意。故答案为：B。7．A、B两颗卫星在同一平面内沿同一方向绕地球做匀速圆周运动，它们之间的距离随时间变化的关系如图所示。已知地球的半径为0.8r，万有引力常量为G，卫星A的线速度大于卫星B的线速度，不考虑A、B之间的万有引力，则下列说法正确的是（ ）A．卫星A的加速度小于卫星B的加速度B．卫星A与B的周期之比为1：4C．地球的质量为D．地球的第一宇宙速度为【答案】C【解析】A、卫星绕地球做匀速圆周运动，万有引力提供向心力，设轨道半径为r，则有；解得；故半径越小，线速度越大，因为卫星A的线速度大于卫星B的线速度，故；又因为；解得；故有；故A错误；BC、由图像可知，；联立可得，；由图像可知每隔时间T两卫星距离最近，设A、B的周期分别为TA、TB，则有2πTA−2πTBT=2π；由开普勒第三定律；又有；故可得，；故B错误，C正确；D、第一宇宙速度是最大的运行速度，由；可得；故D错误。故答案为：C。8．为了研究大量处于能级的氢原子跃迁时的发光特点，现利用大量此种氢原子跃迁时产生的三种单色光照射同一个光电管，如图甲所示，移动滑动变阻器的滑片调节光电管两端电压，分别得到三种光照射时光电流与光电管两端电压的关系，如图乙所示，则对于a、b、c三种光，下列说法正确的是（ ）A．三种光的频率最大的是cB．a、b、c三种光从同一种介质射向真空中，发生全反射的临界角最大的是cC．用a光照射另外某种金属能发生光电效应，则用c光照射也一定能发生D．通过同一个单缝装置进行单缝衍射实验，中央条纹宽度C光最宽【答案】BD【解析】A由图乙可知，a、b、c三种光的遏止电压关系为；根据遏止电压方程；可知，三种光频率的大小关系为；A不符合题意；B.根据频率越大，折射率越大，可知a的折射率最大，c的折射率最小，根据临界角公式；可知，临界角最大的是c，B符合题意；C.光在能量；可知三种光中a光的光子能量最大，c光的光子正能量最小，用a光照射金属发生光电效应，说明a光子的能量大于该金属的逸出功，但c光的光的光子能量小于a光的光子能量，所以用c光照射不一定发生，C不符合题意；D.由；可知；单缝衍射实验中，波长越长中央条纹越宽，所以C的条纹最宽，D正确。故答案为：BD。9．如图所示，MN是半径为R的圆形磁场区域的直径，MN上方存在方向垂直于纸面向外的匀强磁场，磁感应强度大小为B，MN下方存在方向垂直于纸面向里的匀强磁场，磁感应强度大小为2B。在M点有一质量为m、电荷量为的离子源，离子从N点射出时的速度大小不同，但方向均与磁场方向垂直且与MN成30°角。不计离子重力及离子间的相互作用，则从N点射出磁场的离子速度可能是（ ）A． B． C． D．【答案】A,B【解析】根据洛伦兹力提供向心力；离子在MN上方运动的半径为；离子在MN下方运动的半径为；若离子从MN上方通过N点有解得；即，，，……若离子从MN下方通过N点有；解得即，，，……故答案为：AB。10．如图所示，质量为的物体A，其下端拴接一固定在水平地面上的轻质弹簧，弹簧的劲度系数，物体A的上端通过不可伸长的细线跨过两个光滑的小定滑轮连接中间有孔的小球B，小球B套在倾角的光滑直杆上，D为杆的底端，与固定杆的夹角也是，细线水平，此时细线的拉力是。小球B的质量，C是杆上一点且与杆垂直，，重力加速度g取。现由静止释放小球B，下列说法正确的是（ ）A．物体A、B系统的机械能不守恒B．小球B第一次运动到C点时的动能为7.2JC．小球B第一次运动到C点时细线对B做的功为10JD．小球B第一次运动到D点时A的动能为零【答案】A,C【解析】A．物块A与小球B组成的系统除了受到重力以外，弹簧弹力对A做功，即其它力所做功不为零，则物块A与小球B组成的系统机械能不守恒，故A正确；B．小球B第一次运动到C点时，物块A下降的高度为小球B下降的高度为；未释放小球B时，设弹簧的形变量为，对物块A有；解得；此时弹簧被拉伸，当小球B第一次运动到C点时；此时弹簧被压缩，故此时弹簧的弹性势能与未释放小球B时相等，A、B和弹簧组成的系统机械能守恒，有由于小球B在C点时，细线与小球B速度方向垂直，可知解得小球B的动能为；故B错误；C．小球B从释放第一次运动到C点，对小球B，根据动能定理可得；解得故C正确；D．由几何知识可得；故小球B第一次运动到D点，细线物块A回到初始位置，设此时小球B的速度为，物块A的速度为，则；小球B下降的高度为整个过程根据动能定理可得则A的动能为；故D错误。故答案为：AC。二.实验题（本大题共2小题，共14.0分。第一小题6分，第二小题8分）11．如图甲所示，某兴趣小组在探究加速度与力、质量的关系实验中，将一端带定滑轮的长木板放在水平实验桌面上，小车的左端通过轻细绳跨过定滑轮与砝码盘相连，小车的右端与穿过打点计时器的纸带相连，实验中认为砝码和盘的总重力近似等于绳的拉力，已知重力加速度为g，打点计时器的工作频率为50Hz。（1）实验主要步骤如下，下列做法正确的是____（填字母代号）A．调节滑轮的高度，使牵引木块的细绳与长木板保持平行B．实验时，先放开小车再接通打点计时器的电源C．把远离定滑轮一侧的木板垫高，调节木板的倾角，使小车在不受牵引力时做匀速直线运动D．每次通过增减小车上的砝码改变小车质量时，都需要重新调节木板倾角。（2）甲同学在补偿阻力后，在保持小车质量不变的情况下，改变砝码盘中砝码的质量，重复实验多次，作出了如图乙所示的图象，其中图线末端发生了弯曲，产生这种现象的原因可能是 。（直接答出原因即可，不需要分析说明）（3）乙同学遗漏了补偿阻力这一步骤，若长木板水平，保持小车质量一定，测得小车加速度a与所受外力F的关系图象如图丙所示，则小车与木板间的动摩擦因数= （用字母表示）（4）丙同学遗漏了补偿阻力这一步骤，若长木板水平，保持砝码盘中砝码质量不变，测得小车质量的倒数与小车加速度的图象如图丁所示，设图中直线的斜率为k，在纵轴上的截距为b，则小车与长木板间的动摩擦因数= 。（用字母表示）。【答案】（1）A；C；（2）砝码的质量没有满足“远小于小车质量”的要求；（3）；（4）【解析】（1）A、为使小车细绳的拉力就是小车受到的合力，应调节滑轮的高度，使牵引木块的细绳与长木板保持平行，故A正确；B、实验时，要先接通打点计时器的电源再放开小车，故B错误；C、把远离定滑轮一侧的木板垫高，调节木板的倾角，使小车在不受牵引力时做匀速直线运动，以此平衡摩擦力，故C正确；D、平衡摩擦力后，每次通过增减小车上的砝码改变小车质量时，不需要重新调节木板倾角，故D错误。故答案为：AC。（2）图线末端发生了