2024届湖北省武汉市华中师范大学第一附属中学高三下学期五月高考模拟物理答案

2024届高三5月适应性考试物理试题参考答案一、选择题：本题共10小题，共40分题号12345678910答案DAACBBDBDACDAD二、非选择题：本题共5小题，共60分11【答案】（2）仍拉伸到O1；（3）B；（4）C12【答案】（1）1.0（2）9.0，1.1，（3）2，0.113【答案】（1）1cm；（2）1：19【解析】（1）空载时对车厢与活塞整体受力分析有44pSpSMg10=+………………………………………………………………………………………………①满载时对车厢与活塞整体受力分析有44(60)pSpSMmg200=++……………………………………………………………………………………②对气体根据玻意耳定律p1122hSph=S…………………………………………………………………………………………………③得h2=19cm则活塞下降的距离为△h=h1-h2=1cm……………………………………………………………………………………………………④（2）设将充入的气体压缩到空载压强p1时，体积为ΔV，对气体根据玻意耳定律pVVp1122()+=V………………………………………………………………………………………………⑤Vpp−故=21…………………………………………………………………………………………………⑥Vp11V1则=………………………………………………………………………………………………………⑦V119评分标准：第（1）问7分，第①②③式各2分，第④式1分；第（2）问5分，第⑤⑥式各2分，第⑨⑩式各1分。3314【答案】（1）−mgR（2）7：5（3）tgR250【解析】（1）设小球在管道内运动的过程阻力做功为Wf，根据动能定理11v−3mgR+W=3m(0)22−3mv………………………………………………………………………………①f22203得W=−mgR…………………………………………………………………………………………………②f2(2)当A、B第一次共速时，弹簧压缩量最大，弹簧弹力最大，设压缩量为x1，A、B共同速度为v共1，从A刚接触弹簧到A、B共速，根据动量守恒定律和机械能守恒定律v3m0=+(3m2m)v2共111v1kx2=3m(0)2−(3m+2m)v2……………………………………………………………………………③21222共145565:uId:455651088864:fId:1088864{#{QQABaYaQggAoAJBAABgCUwWACEAQkBCCAAoOBEAIsAAACANABAA=}#}此时弹簧弹力为F1，有F1=kx1……………………………………………………………………………………………………………④由图乙可知，弹簧刚好恢复原长时，B与挡板相撞，设此时A、B速度分别为v1、v2，从A刚接触弹簧到弹簧恢复原长，根据动量守恒定律和机械能守恒定律v332mmvmv0=+212111v3()32mmvmv0222=+…………………………………………………………………………………⑤22221216得vg=R，vgR=1525此时B原速率反弹，当A、B第二次共速时，弹簧压缩量再一次达到最大，设压缩量为x2，A、B共同速度为v共2，从B刚反弹到弹簧第二次压缩最大，根据动量守恒定律和机械能守恒定律32(32)mvmvmmv12−=+共21111kxmvmvmmv2222=+−+32(32)……………………………………………………………………⑥2222212共2此时弹簧弹力为F2，有F2=kx2………………………………………………………………………………………………………………⑦F联立解得2=7:5………………………………………………………………………………………………⑧F1（3）（法一）设AB一起向右运动的过程中，任意时刻A、B速度分别为vA、vB，根据动量守恒v332mmvmv0=+2AB在任意一极短时间△t内：v332mtmvtmvt0=+2ABv得332mtmxmx0=+2AB等式两边求和得v3m0t=+3ms2ms……………………………………………………………………………………………⑨20AB由图乙可知，t0时B与挡板发生碰撞，此时弹簧恰好恢复原长，故从t=0到t=t0时，A、B位移相同，即sA=sB=s……………………………………………………………………………………………………………⑩3联立得stgR=………………………………………………………………………………………………○1150（法二）该过程AB组成的系统质心速度为vc，根据动量守恒v3m0=+(3m2m)v………………………………………………………………………………………………⑨2c由图乙可知，t0时刻弹簧恰好恢复原长，因此全过程B的位移与质心位移相同s=vct0……………………………………………………………………………………………………………⑩45565:uId:455651088864:fId:1088864{#{QQABaYaQggAoAJBAABgCUwWACEAQkBCCAAoOBEAIsAAACANABAA=}#}3联立st=gR…………………………………………………………………………………………………○1150评分标准：第（1）问4分，第①②式各2分；第（2）问6分，第③④⑤⑥⑦⑧式各1分；第（3）问4分，第⑨式2分，第⑩○11式各1分mv33xy15（1）0（2）50%（3）()(1)1,(0,0)22+−=xyqR42RR【解析】（1）由于粒子在磁场中偏转后经过O点，故粒子在磁场中偏转半径为Rv2即qvBm=0……………………………………………………………………………………………………①0Rmv得B=0………………………………………………………………………………………………………②qR（2）设打在P点的粒子从磁场中射出方向与x轴正向夹角为θ，粒子在电场中运动加速度为a，有qEa=……………………………………………………………………………………………………………③m2y方向(v0sin)=2aR…………………………………………………………………………………………④3得sin=，则θ=60°……………………………………………………………………………………⑤2由几何关系可知，从O点射出角度小于θ的粒子均可被PQ收集到，该粒子射入磁场时到x轴的距离为1dRR=−=(1cos)……………………………………………………………………………………………⑥2因此在收集到的粒子数占总数比例为d=100%……………………………………………………………………………………………………⑦R代入得=50%…………………………………………………………………………………………………⑧（3）设某粒子以与x轴夹角α射入电场，然后平行于x轴正向从点（x，y）射出电场，则飞行时间vsint=0…………………………………………………………………………………………………………⑨a(vsin)2y方向位移y=0………………………………………………………………………………………⑩2ax方向位移xvt=0cos…………………………………………………………………………………………○11v2v2整理得y=−0(1cos2)，x=0sin24a2a则电场的边界方程为……………………………………………………………………………12○为椭圆的一部分。评分标准：第（1）问4分，①②式各2分；第（2）问6分，第③④⑤⑥⑦⑧式各1分；第（3）问8分，第⑨⑩○1112○式各2分。{#{QQABaYaQggAoAJBAABgCUwWACEAQkBCCAAoOBEAIsAAACANABAA=}#}