河南省金太阳2024-2025学年高三11月阶段性诊断考试（24-186C）（全科）阶段性诊断测试物

高三阶段性诊断测试物理1．B【解析】该同学的质量不变，选项A错误；该同学在这段时间内处于超重状态，电梯启动时一定在竖直向上运动，选项B正确、C错误；电梯启动时人受到的合力大小为50N，人加速度大小为1.25m/s2，选项D错误。LL2．A【解析】列车通过桥头的平均速度大小v，列车通过桥尾的平均速度大小v，平均1t22tvvL速度等于中间时刻的瞬时速度，所以列车的加速度大小a12，选项A正确。2.5tt523．C【解析】根据已知条件可知，运动员着网时的速度大小v1＝8m/s，运动员离网时的速度大小v2＝10m/s，根据动量定理有(F－mg)t＝m(v1＋v2)，解得F＝2000N，选项C正确。4．D【解析】根据已知条件可知，水从管口水平喷出到落地的时间为0.6s，根据勾股定理可知，水的水平位移大小为2.4m，所以水从管口喷出时的速度大小为4m/s，选项D正确。3GMm4π24π2Rh5．C【解析】根据万有引力提供向心力有mRh，解得M，Rh2T2GT2选项C正确。6．D【解析】物体在拉力F1作用下有F1cos60°－μ(mg－F1sin60°)＝ma1，物体在推力F2作用下有F2cos30°－μ(mg＋F2sin30°)＝ma2，解得μ＝23，选项D正确。7．D【解析】分析可知，两者运动的v-t图像如图所示，木板的长度为1.5m，木板的最大速度为1m/s，选项A、B均错误；物块向右运动的最大距离为2.5m，木板沿地面运动的最大距离为1m，选项C错误、D正确。8．D【解析】根据图中数据可知，运动员做匀加速直线运动的时间为2s，选项A错误；a-x图像与横着围成面积的两倍等于速度的平方，即运动员的最大速度v(817)4m/s10m/s，选项B错误；运动员到达终点前匀速运动的时间为8.3s，选项C错误；运动员在x＝8m处的速度大小为8m/s，运动员在x＝17m处的速度大小为10m/s，此过程中的平均速度大于9m/s，此过程运动的时间小于1s，运动员的成绩小于11.3s，选项D正确。9．ABC【解析】剪断细绳的瞬间，有两种可能：一是物块a仍静止，此时小物块b对物块a的压力不变，物块a对地面的压力减小；二是物块a向左加速，此时小物块b受到的支持力减小，小物块b的加速度与水平方向的夹角大于斜面的倾角，物块a对地面的压力减小，选项A、B、C均正确。10．AD【解析】由图像可知，物体在恒力F作用下的加速度大小a＝2m/s2，根据牛顿运动定律有F－μmg＝ma，解得m＝0.5kg，选项A正确；物体在恒力F作用下的运动的位移大小为4m，恒2力F对物体做的功为12J，选项B错误；撤去恒力F后，物块沿地面减速时的加速度大小a减＝4m/s，减速的距离为2m，物体沿地面运动的最大距离为6m，选项C错误、D正确。5h11．BC【解析】松手前物块A到斜面顶端的距离为，设物块A沿斜面向上减速时的加速度大325h小为a减，物块B落地时的速度大小为v，则有mAgsinθ＋μmAgcosθ＝mAa减，va2()h，减3vtΔh，解得h1.2m，v＝4m/s，选项A错误、B正确；设物块B的质量为mB，物块A沿斜2面向上加速时的加速度大小为a加，此过程中细绳中的张力大小为T，则有v＝a加Δt，mBg－T＝mBa12加，T－mAgsinθ－μmAgcosθ＝mAa加，Ek＝mBv，解得mB＝5m/s，Ek＝40J，选项C正确、D错2误。2mv112．AC【解析】设小球在最高点时的速度大小为v1，在最低点时的速度大小为v2，则有mg，r112mgrmvmv22，解得vgr5，选项A正确；小球在水平面内做圆周运动时，设绳与22212Rg竖直方向的夹角为θ，则有mgtanmR2，tan，解得，选项B错误；设小2r2rmg球在轨道2上运动时，轻绳中的张力大小为T1，则有vR22，cos，解得Tmg16，T12mv2选项C正确；设轻绳断裂前绳中的张力大小为T2，则有2Tcosmg，解得T36mg，2r2选项D错误。()SSSS213．（1）3412（2分）（2）没有平衡摩擦（2分）（2分）4T2k()SSSS【解析】（1）纸带上相邻两个计数点的时间T，根据逐差法有a3412；4T2（2）图像不过原点的原因是小车没有平衡摩擦；由牛顿第二定律可得2FfMa，则2f22aF，则k，解得M。MMMk14．（1）水平（2分）小球的初速度相同（2分）（2）1.5（2分）（3）4.2（2分）【解析】（1）斜槽末端切线水平保持小球做平抛运动，每次让小球从同一位置由静止释放，保证小球每次做平抛运动的初速度相同。1（2）在竖直方向有0.441mgt2，在水平方向有0.45mvt，解得v1.5m/s。2贾贾2（3）在竖直方向有hgT0.2m，在水平方向有xvT0.6m林，解得v林＝4.2m/s。15．解：（1）根据匀变速直线运动规律有2xAB－xBCΔt＝aΔt（1分）解得a＝4m/s2。（2分）（2）设图中小球B的速度大小为v，则有xx+v＝ABBC（1分）2Δt2v＝2()adxBC（1分）解得d＝2m。（2分）16．解：（1）设运动员做平抛运动的时间为t，则有1gt2vttan（1分）2A1ssingt2（1分）2解得s108m。（2分）（2）将运动员在空中的运动可看成沿斜面和垂直斜面两个匀变速直线运动的合成，如图所示。设运动员从A点飞出到距斜面最远所用的时间t′，有vsintA（2分）gcosvtsindA（2分）2解得d12.96m。（1分）17．解：（1）小球A在三个力作用下处于平衡状态，有Ftan（1分）mg解得F23mg。（1分）（2）根据平衡条件有2mgcos（1分）T解得T4mg。（1分）（3）小球A在最低点时，细线中的张力最大，设定滑轮右侧细绳的长度为l，小球A在最低点时的速度大小为v，有12(1cosmghlmv)22（1分）22mv2Tmgh2（1分）ml解得Tmgm4。（2分）（4）若小球A在最低点时，B、C达到最大静摩擦力，则有Tmgmgm55sincos（1分）3解得（1分）5若在撤去恒力F的瞬间，B、C间达到最大静摩擦力，则有2mgcos5mgcos5mgsin（1分）3解得（1分）5综上，物块B和斜面体C间的最小动摩擦因数。（2分）18．解：（1）根据自由落体运动规律有2vBg1L2（1分）解得vBg1L2。（1分）（2）设小球B做自由落体运动的时间为t1，落地后再经过时间t2两小球第一次碰撞，则有1Lgt2（1分）2111vvtgttgtL22()B1（1分）B12222222ttt12（1分）42L解得t。（1分）3g（3）以竖直向下为正方向，设两小球相遇时的速度分别为vA2、vB2，则有4v1vgtgL2，vgtgLB12（1分）A23B2226设两小球的质量分别为mA、mB，当弹簧压缩至最短时，两小球的速度大小为v，有mvmvMvAABB22（1分）111Emv2mv2Mv2（1分）PAABB22222mmMAB（1分）9()mMmgL解得EAAP4MM9MgL根据基本不等式知，当＝＝时，可使弹簧压缩至最短，此时的弹性势能E。2P16（1分）（4）设两小球A、B第一次碰撞后的速度分别为vA2′、vB2′，则有MvMvMvMvABAB2222（1分）22221111MMMMvvvv2222（1分）22222222ABAB22224解得v2gLB23设小球B第二次着地时的速度大小为vB3，则有1v2v22(2)gLgt2（1分）BB322vvB3（1分）B2解得vgLB。（1分）