2024—2025学年高一上学期十二月联考数学试题1.答卷前,考生务必将自己的姓名、考场号、座位号、准考证号填写在答题卡上.2.回答选择题时,选出每小题答案后,用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑;如需改动,用橡皮擦干净后,再选涂其他答案标号.回答非选择题时,将答案写在答题卡上,写在本试卷上无效.3.考试结束后,将本试卷和答题卡一并交回.考试时间为120分钟,满分150分一、选择题:本题共8小题,每小题5分,共40分.在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的.1.集合,,则()A. B. C. D.【答案】C【解析】【分析】列举出集合B中的元素,由并集的定义求.【详解】集合,,则.故选:C.2.命题:“,”的否定为()A.,B.,C.,D.,【答案】D【解析】【分析】根据全称命题的否定是特称命题可得到结果.【详解】因为原命题为全称命题,根据全称命题的否定是特称命题,并且需要否定结论,所以原命题“,”的否定为“,”,故选:D.3.已知,则下列不等式一定成立的是()A. B.C. D.【答案】D【解析】【分析】由不等式的性质逐个判断即可.【详解】对于AC,当时,AC显然错误;对于B,取满足,显然,显然不成立,故错误;对于D,由,因为,所以,所以,故D正确.故选:D4.下列各组函数是同一个函数的是()①与;②与;③与;④与.A.①② B.③④ C.②④ D.①④【答案】C【解析】【分析】整理函数解析式并求其定义域,逐项进行比较,可得答案.【详解】对于①,由函数可得,解得,则其定义域为,由函数可得,解得,则其定义域为,故①不符合题意;对于②,函数的定义域为,函数的定义域为,故②符合题意;对于③,函数的定义域为,函数的定义域为,故③不符合题意;对于④,函数的定义域为,函数的定义域为,故④符合题意.故选:C5.命题“”为真命题的一个必要不充分条件是()A. B.C. D.【答案】D【解析】【分析】先由存在量词命题为真求得的范围,再根据“必要不充分条件”即可确定选项.【详解】由,可得在上能成立,因,故得.由题意知,是选项的范围的真子集即可.故选:D.6.已知关于的不等式的解集为,则的最大值是()A. B.C. D.【答案】D【解析】【分析】先解含参数的一元二次不等式得到和的值,再代入中,结合均值不等式求解最值即可.【详解】不等式可化,因为,所以,所以不等式的解集为,所以,,则,因为,所以,,则,当且仅当,即时取等号,所以.故选:D.7.设,,,则a,b,c的大小顺序是()A. B. C. D.【答案】D【解析】【分析】利用幂函数与对数函数的单调性即可得解.【详解】因为,,,又因为在上单调递增,所以,即,因为,所以,又因为在上单调递增,所以,即,综上:.故选:D.8.已知是定义在上的偶函数,且对任意,有,当时,,则下列结论错误的是()A.B.C.函数有3个零点D.当时,【答案】B【解析】【分析】根据函数对称性和奇偶性,可得的周期可判断A;根据解析式及周期,代入数据可判断B;分别作出和y=fx的图象可判断C;根据函数周期及奇偶性,化简整理,可判断D.【详解】对于A,因为,且为偶函数,所以,即4是的一个周期,故A正确;对于B,由4是的一个周期,知,,所以,故B错误;对于C,令,可得,作函数和y=fx的图象如下图所示,由图可知,两个函数图象有3个交点,故C正确;对于D,当时,,则,故D正确.故选:B.二、选择题:本题共3小题,每小题6分,共18分.在每小题给出的选项中,有多项符合题目要求.全部选对的得6分,部分选对的得部分分,有选错的得0分.9.下列说法正确的是()A.方程组的解集是B.若集合中只有一个元素,则C.“”是“一元二次方程有一正一负根”的充要条件D.已知集合,则满足条件的集合的个数为4【答案】CD【解析】【分析】根据一元一次方程组的解是有序数对可判断A;对参数是否为零进行分类讨论可得或可判断B;利用韦达定理可判断C;由可得是集合的子集可判断D.【详解】对于A,因为,解得,所以解集为,故A错误;对于B,当时,,解得,此时集合,满足题意;当时,需满足,可得,因此或,故B错误;对于C,由可知一元二次方程的判别式,即该方程有两根,且两根之积,即两根异号,所以充分性成立;若一元二次方程有一正一负根,可知两根之积为负,即,也即,所以必要性成立,故C正确;对于D,由可知是集合的子集,所以集合可以是,,,共4个,故D正确.故选:CD.10.已知正数,满足,下列说法正确的是()A.的最大值为B.的最小值为C.的最小值为D.的最小值为【答案】BCD【解析】【分析】根据给定条件,利用基本不等式及“1”的妙用逐项求解判断即可.【详解】正数,满足,对于A,,解得,当且仅当时取等号,A错误;对于B,,当且仅当时取等号,B正确;对于C,,当且仅当时取等号,C正确;对于D,,当且仅当,即时取等号,D正确.故选:BCD11.对于函数下列说法正确的是()A.当时,的最小值为0B.当时,存在最小值C.当时,在上单调递增D.的零点个数为,则函数的值域为【答案】AD【解析】【分析】对于A,写出此时函数解析式,得到当时,取得最小值,最小值为0;对于B,举出反例;对于C,两分段均单调递增,但端点处,左端点的函数值不一定小于右端点的函数值,故③错误;对于D,分类讨论,结合零点存在性定理得到函数的值域为.【详解】选项A:时,,又因为,,故函数最小值为0(当x=0时取到),选项正确;选项B:不妨设,此时,当时,当时,故,此时函数不存在最小值,选项错误;选项C:在上单调递增,且,当时,在上单调递增,且,当时,,故当时,在R上不单调递增,选项错误;选项D:在上单调递增,当时,设,显然单调递增,又t−1<0,t−12>0,故存在使得,当时,无解,即在上无零点,此时有两个零点,0和,故此时,当时,在上有1个零点,此时有两个零点,0和,故此时,当时,,由A知,此时有1个零点,即,当时,在上无零点,在上也无零点,此时,则函数的值域为,选项正确.故选:AD.三、填空题:本题共3小题,每小题5分,共15分.12.不等式对恒成立,则实数的取值范围为______.【答案】【解析】【分析】分和两种情况讨论,当时只需即可求出参数的取值范围.【详解】当时,,符合题意,所以;当,只需,解得,综上实数的取值范围为.故答案为:.13.函数y=fx是上的增函数,且y=fx的图象经过点和,则不等式的解集为______.【答案】【解析】【分析】由函数的单调性性和经过和,确定自变量取值范围,再解不等式即可.【详解】因为y=fx的图象经过点和,所以,.又,所以,即.因为函数y=fx是上的增函数,所以,即2x−1>−22x−1<1,即x>−12x<1,所以,故答案为:.14.已知函数若,则函数的零点个数为______;若函数的最小值为a,则实数a的值为______.【答案】①.1②.或【解析】【分析】讨论与0,1的大小关系,判断在和两区间和上的单调性与最小值,根据的最小值列方程求出答案.【详解】(1)当时,fx=2|x−1|,x>0x2+x+2,x≤0,当时,由,得,解得,当时,由,得,,无解,所以函数的零点为,即函数y=fx的零点个数为1;(2)①若,即时,则fx=a+1,0
辽宁省朝阳市重点高中2024-2025学年高一上学期12月联考数学试题 Word版含解析
2024-12-14
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