重庆市第八中学2025届高三12月适应性月考（四）物理答案

物理参考答案一、单项选择题：本题共7小题，每小题4分，共28分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。题号1234567答案DBACABC【解析】v221．可知飞机的加速度为零，火车的加速度为a20.2m/s，自行车的加速度为t2v12a12m/s。加速度是表示物体速度变化快慢的物理量，故D正确，A、B、C错误。t12．两条电场线延长线交于一点，即为点电荷Q的位置，如图1所示，根据电场线方向可知Q带负电，设A、B两点到Q的距离分别为rA和rB，rQ2由几何知识得到Asin，根据点电荷场强公式Ek，可得A、BrBr两点的电场强度关系为EA＞EB，因为B点距离负点电荷Q远，所以，故B正确，A、C、D错误。BA图13．穿过线框的磁场向下，且减小，根据楞次定律判断得线框中感应电流的方向，从上向下看为顺时针，故A正确。4．光滑圆环绕竖直方向的直径匀速旋转，稳定后，两小球在圆环上在水平面内做匀速圆周运动，小球所受重力与圆环的支持力提供向心力，则小球一定在O点所在水平面的下面，如图2所示，则mgtanm2Rsin，解得g，两小球转动的角速度相等，所以相同，两小球在同Rcos一水平面上，故C正确，A、B、D错误。图2p5．根据Ftp，可得F，即动量对时间的变化率等于小球所受的合外力，可得合合tppppmgf1，mgf2，解得f12，故A正确。t1()tt2122()ttt1212Mmv216．设发光带是环绕该行星的卫星群，由万有引力提供向心力，则有Gm，得v函rr2rGMk数为v2，所以斜率kGM，联立可得M，故B正确。r2G物理参考答案·第1页（共6页）7．六块形状完全相同的石块围成半圆对应的圆心角为180，每块石块对应的圆心角为30，对第3块石块受力分析如图3甲所示，结合力的合F成可知tan604，对第2块和第3块石块整mgF体受力分析如图乙所示，tan304，()mmg图3m1解得，故C正确。m2二、多项选择题：本题共3小题，每小题5分，共15分。在每小题给出的四个选项中，有多项符合题目要求。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有错选的得0分。题号8910答案CDADAC【解析】8．接触弹簧之前，物块受的合力FF风mgsin，接触弹簧后，开始时弹力F弹小于合力F，物块仍加速向上运动，随着弹力增加，加速度减小，当加速度减小到零时速度最大，以后当弹力F弹大于合力F时，加速度反向，物块做减速运动直到停止，此时加速度反向最大，则此过程中，物块的速度（动能）先增加后减小，加速度先减小后增加，弹簧的弹性势能一直变大，因风力做正功，则物块和弹簧组成的系统机械能一直增大，故C、D正确。9．由左手定则，电子所受洛伦兹力向外，所以霍尔器件C端的电势低于D端的电势，故AUIB正确，B错误。根据题意，有eBve，Inebav，可知U，所以仅减小图丙中器bnea件的尺寸a时，U增大，由丁图可知可使电动助力车更容易获得最大转速，改变b，对U无影响，故C错误。当骑手按图乙箭头所示方向转动把手时若电压会随时间增大，则由丁图可知，电动助力车的转速随时间增加，故D正确。EEs10．图像斜率kFkkv，t0时刻，物体的速度不为0，物体减速，洛伦兹力tst减小，受到的摩擦力增大，所以洛伦兹力向上，物体的速度向右，即t0时刻，物块从左边进入磁场，故A正确，B错误。物体受到的摩擦力f()mgqvB，合外力Ff，mg所以斜率kmgqB()vv，由数学知识可得斜率绝对值最大时v，故D错误，C2qB正确。物理参考答案·第2页（共6页）三、非选择题：本大题共5小题，共57分。11．（每空2分，共6分）（1）0.6（2）4.51（3）4.9912．（除特殊标注外，每空2分，共9分）（1）如图4所示（2）a端（3）ck（4）（3分）(1)nc图413．（10分）解：（1）设正离子在磁场中运动的半径为r，有mv2qBv①r11依题意22rACL221解得：rL②22mv解得：B③qL（2）如图5所示mv2由qBvr1解得：r26④图5粒子由J进入电场区域，粒子作类平抛运动，将其分解为竖直y方向的匀速直线及水平x方向的匀加速直线运动对于J到D5y方向上：yltv65l解得：t⑤6v物理参考答案·第3页（共6页）1Eqx方向上：xrl2t2⑥262m12mv2解得：E⑦225ql评分标准：本题共10分。正确得出①、④、⑦式各给2分，其余各式各给1分。14．（14分）解：（1）由能量守恒，环的初动能全部转化为电能，所以1Qmv2①20（2）环刚进入磁场时EBL200v②E2BLvI00③RR左右两边的环都要受到安培力，所以4BL22vFBIL200④0R（3）由第一次测试，安培力的冲量4BLd220mv⑤R0mRv解得：0⑥d224BL0当初速度为2v0时4BLd22m2v⑦R0解得：BB20⑧评分标准：本题共14分。正确得出①式给3分，正确得出②、⑥、⑦式各给1分，其余各式各给2分。15．（18分）解：（1）小滑块的电场力Eq0.2N①AB一起滑动s的过程，加速度2ag0sin6m/s②刚进电场时速度都为v01.5m/s③物理参考答案·第4页（共6页）所以B在电场中匀速的时间为dt10.4s④v0所以电场力对B的冲量为IEqt10.20.40.08Ns⑤（2）B在电场中匀速运动mgsinmgcosEq解得：0.5⑥滑板前端进入电场后做加速运动MgmgMasincosA⑦2解得：aA4m/s⑧所以板长1Ltvat20.92m⑨012A1（3）B出电场时，A、B间已有相对位移x10.920.60.32mB出电场后加速运动2agBsingcos10m/sA的电荷进入电场后A做匀速运动MgsinmgcosqE0速度为vv10atA11.540.43.1m/s当B加速到等于v1时vvat10B2解得：t20.16s所以B出电场到加速到v1两者间的相对位移12，不会从上端滑落xt21202vvtatB20.128mBA2两者速度相等后()sin()MmgqEMma122解得：agg13.3m/ssincos2m/s物理参考答案·第5页（共6页）两者可以保持共速下滑，所以A上端出电场时两者速度相等，以此类推：11.5≤≤k，两者共速后能保持共速，至A上端出电场时，两者速度相等，则k1.5时生热最小。1.5k≤2时，两者速度相等后不能保持共速，A上端出电场时，两者速度不相等。⑩2B出电场后加速度aB10m/s，加速下滑A电荷进电场后3MgmgqEMasincosA122解得：aA12m/s，减速下滑到速度相等v3.12tt1.510共1332解得：t3s15此过程相对位移为128x3(3.11.5)m21575所以生热最小为64Qmgxcos(x)0.034J⑪311875评分标准：本题共18分。正确得出⑥、⑨式各给2分，正确得出⑩式给3分，正确得出⑪式给4分，其余各式各给1分。物理参考答案·第6页（共6页）