八省2025届高三“八省联考”考前猜想卷物理01答案

2025年1月“八省联考”考前猜想卷物理·参考答案与评分标准12345678910DDBCBDCADABAC1.【答案】D【解析】AC．羽毛球在运动过程中受到自身重力和空气阻力作用，其合力是变化的，做变加速曲线运动，且空气阻力做负功，羽毛球的机械能减小，由于A、B为同一轨迹上等高的两点，则羽毛球在A点的速度大于在B点的速度。故AC错误；B．经过P点时羽毛球受重力与空气阻力的作用，加速度不等于重力加速度。故B错误；D．由于存在空气阻力与运动方向相反，AP段羽毛球处于上升阶段，可知羽毛球竖直向下的加速度大于重力加速度，而PB段羽毛球处于下降阶段，羽毛球竖直向下的加速度小于重力加速度，由于上升与下降阶段，竖直方向的位移大小相等，由可知AP段的飞行时间小于PB段的飞行时间。故D正确。故选D。2.【答案】D【解析】A．根据可求出月球的质量，但题中信息不能求出月球的体积，所以不可以求出月球的密度，故A错误；B．“嫦娥六号”环绕月球运动，未脱离地球的束缚，故其发射速度应大于地球的第一宇宙速度7.9km/s，小于地球的第二宇宙速度11.2km/s，故B错误；C．“嫦娥六号”围绕月球做椭圆运动，根据开普勒第二定律可知，从A→B→C做减速运动，从C→D→A做加速运动，则从B→C→D的运动时间大于半个周期，即大于6h，故C错误；D．由开普勒第二定律，可得“嫦娥六号”在A点和C点速度之比为故D正确。故选D。3.【答案】B【解析】光线在法线两侧，光线从光楔右侧出射时向下偏折，光路图如图设光线从光楔右侧出射时与入射时相比的偏转角为，根据折射定律由于角很小，所以也很小，所以原式约等于解得故选B。4.【答案】C【解析】AB．对重物受力分析，由平衡条件，水平方向有竖直方向有若等于，则等于，则，显然不满足条件，故不可能等于，不可能等于，故AB错误；CD．根据可得所以根据题目条件无法确定与G的关系，故C正确，D错误。故选C。5.【答案】B【解析】线框中的总电流为据已知条件可得和所受安培力的等效长度均为，可得故选B。6.【答案】D【解析】A．设物体位移为，拉力为变力，变力做功为图像围成的面积，则拉力做功为由能量守恒知代入得A错误；B．由动能定理知，物体的最大速度为，则代入得B错误；CD．当运动过程中合力最大时，拉力为，速度最大时，合力功率最大为C错误，D正确。故选D。7.【答案】C【解析】B．图像中，图像与横坐标所围几何图形的面积表示电势差，则有解得故B正确，不符合题意；A．坐标原点左侧电场方向向左，右侧电场方向向右，粒子在电场力作用下，先向右做加速运动，后向右做减速运动，减速至0后，向左先做加速运动，后向左做减速运动，根据对称性，减速至0时，恰好返回释放点，可知，粒子到达坐标原点的速度最大，此时粒子的动能最大，根据动能定理有结合上述解得故A正确，不符合题意；C．根据图像可知，图像对应的函数方程为粒子所受电场力即为其合力合力大小与相对于平衡位置的位移大小成正比，方向相反，粒子做简谐运动，振幅为a，故C错误，符合题意；D．若从粒子从坐标原点向右运动作为计时起点，则其运动方程为对上述函数求导，得到速度表达式对速度表达式求导，得到加速度大小表达式为根据牛顿第二定律有综合上述解得则粒子第一次运动到原点所用的时间为故D正确，不符合题意。故选C。8.【答案】AD【解析】A．根据质量数与电荷数守恒可知，碘—129的衰变方程为故A正确；B．放射性元素的半衰期不受温度、压强、是否是单质等因素的影响，故B错误；C．放射性污染物半衰期越长，在环境中存在的时间越长，对环境影响越大，故C错误；D．碘—129衰变过程有质量亏损，会释放能量，故D正确。故选AD。9.【答案】AB【解析】A．以A球为对象，由平衡条件可得解得弹簧的劲度系数故A正确；B．设B与A碰撞前瞬间速度大小为，根据运动学公式可得B与A碰撞过程，满足动量守恒，则有联立解得B与A碰撞后瞬间速度大小为故B正确；C．小球A、B回到点时，弹簧弹力为0，两球受到重力作用，加速度不为零，故C错误；D．碰撞后两球一直做简谐运动，两球恰能回到点，此时两球的加速度为，方向向下，根据简谐运动对称性可知两球处于最低点时的加速度大小为，方向向上，设最低点的压缩量为，则有解得设此过程中弹簧的最大弹性势能为，根据系统机械能守恒可得故D错误。故选AB。10.【答案】AC【解析】A．时导体棒2与挡板之间的作用力刚好为零，由力的平衡条件得对导体棒1有又解得故A正确；BC．对导体棒1由动量定理得又由法拉第电磁感应定律得又由以上可解得，故B错误，C正确；D．时间内，由能量守恒定律得解得导体梯1上产生的焦耳热为代入数据解得故D错误。故选AC。11.【答案】(1)0.04【1分】(2)9.69【2分】2.48【2分】(3)大于【1分】【解析】（1）由于闪仪的频率为25Hz时，看到水滴仿佛固定不动，故水滴滴下的时间间隔为（2）[1]根据逐差法求加速度可得该地的重力加速度为[2]由某段时间内中间时刻的瞬时速度等于这段时间内的平均速度可得，D点的瞬时速度（3）根据动能定理可知解得结合图像可知故12.【答案】(1)30【2分】100【2分】(2)并联【2分】1.0【2分】(3)【1分】【解析】（1）（1）[1][2]设毫安表每格表示电流大小为I0，则当电阻箱的阻值为R1=1100Ω时，由欧姆定律可得15I0(R1＋Rg)=U当电阻箱的阻值为R2=500Ω时，则有30I0(R1＋Rg)=U两式联立并代入数据可解得Rg=100Ω，I0=1mA故该毫安表的量程Ig=30I0=30mA（2）[1][2]要将量程为300mA的毫安表改成量程为IA=3A电流表，则需在毫安表两端并联一个电阻，设其电阻为R′，则有IgRg=(IA−Ig)R′代入数据可解得R′≈1.0Ω（3）由题意可知，改装后电流表的内阻为RG=1Ω，设通过光敏电阻的电流大小为I′（单位：A）则有则有(R＋RG)I′=U成立且I′RG=IRg由以上两式可得整理可得13.【答案】(1)200K(2)【解析】（1）A到B等压变化，则由盖—吕萨克定律①代入数据解得，在A状态时，汽缸内气体的温度为②（2）B到C做等容变化，由查理定律③其中④对活塞受力分析，由平衡条件⑤联立可得，在C状态时，活塞对卡口的作用力大小为⑥【评分标准】第(1)问4分，第(2)问6分，③④每式1分其余每式2分。14.【答案】(1)，垂直纸面向外(2)，【解析】（1）电子带负电，根据左手定则可知磁感应强度方向垂直纸面向外，电子在磁场中的轨迹如图所示根据洛伦兹力提供向心力①由几何关系可得②电子经过电场加速过程，根据动能定理可得③联立解得④（2）电子在电场中做类平抛运动，假设在电场中的时间为，则有⑤离开电场时，假设沿电场方向的分速度为，则有⑥又⑦联立可得⑧离开电场时的动能为⑨可知打在荧光屏上的电子动能为。【评分标准】第(1)问6分，第(2)问6分，①②⑨每式2分其余每式1分。15.【答案】(1)，(2)(3)【解析】（1）从滑块B静止释放至滑块B滑到轨道的圆弧最低点的过程中，A、B组成的系统满足水平方向动量守恒，则有①则有又②联立解得A、B运动的水平位移的大小分别为，③（2）根据系统机械能守恒可得④解得，从B在圆弧最低点到与C发生碰撞前瞬间过程，根据动能定理可得⑤解得B与C碰前的速度大小为B与C发生弹性碰撞过程，有⑥⑦解得，可知B、C速度交换，则滑块C第一次在传送带上向左运动过程，有⑧滑块C第一次在传送带上向左运动的时间为⑨（3）由于传送带速度可知滑块C向左减速为0后，反向向右加速到与传送带共速，接着匀速运动到右端与B发生弹性碰撞，碰后速度再一次发生交换，所以第二次碰撞后B的速度为B向右减速到停下所用时间为⑩此过程，支持力对B的冲量大小为⑪摩擦力对B的冲量大小为⑫则地面给B的冲量大小为⑬【评分标准】第(1)问3分，第(2)问10分，第(3)问4分.④⑤⑥⑦每式2分，其余每式1分。