重庆康德2026届高高一期末考试（全）物理答案

2024年秋高一(上)期末联合检测试卷物理参考答案1～7ACDDCAB8BD9AB10BC解析：1．A。时间不属于矢量，位移、速度、加速度均属于矢量，选项A正确，故选A。2．C。根据题意，可以确定苏炳添在此次比赛运动过程中的平均速度大小，选项C正确，故选C。gt23．D。根据自由落体运动公式可得，该桥桥面到江面的高度约为，选项D正确，故选D。24．D。糖球处于平衡状态，可知小直棒对糖球的作用力大小为G，由牛顿第三定律可知，糖球对小直棒的作用力大小也为G，选项D正确，故选D。．。设弹簧的劲度系数为，该同学最大用力，用根弹簧时有，用根弹簧时，该同学能5CkF2F2k(LL0)53L2L将弹簧拉伸到的最大长度为L，则有F5k(LL)，联立解得L0，选项C正确，故选C。0516．A。设每节车厢长度为L，高铁做匀减速直线运动的加速度大小为a，则有6Lat2，第7节车厢经过该乘216客旁所用时间为t，则有Lat2，联立解得tt，选项A正确，故选A。727767．B。由于物块甲底面光滑，据分析知，在突然撤去力F的瞬时，物块甲、乙将保持相对静止一起匀减速，设2加速度大小为a，则mg2ma，解得a甲a乙a2m/s，选项B正确，故选B。8．BD。设合力大小为F，则F1Fmin5N1N4N，F2Fmax5N1N6N，选项B、D正确，故选BD。9．AB。该小球运动到抛出点上方距抛出点高h处，可能是上升过程第一次到达，选项A正确，可能先上升后下降两次经过同一位置，选项B正确；选项C、D均不可能；故选AB。10．BC。木球在水面下加速上升过程中，木球超重，同时，与木球等体积的水球以相同大小的加速度加速下降，水球失重，由水2木知，水球质量较大，因此整体失重，体重计示数减小，选项B正确，选项A错误；设木球体积为V，木球在水面下加速上升的加速度大小为a，则有m木V，(水木)gVma，联立解得ag，可知整体失重了水Vgmgmg，选项C正确，选项D错误；故选BC。11．（6分）（1）4.0（2分）（2）2.2（2分）0.50（2分）高一（上）期末联合检测试卷（物理）第5页共8页解析：（1）弹簧测力计示数F4.0N，可知该木板所受重力大小为4.0N。（2）由F-t图像可知，该木板受到水平桌面的最大静摩擦力Fm2.2N；由GF可得，该木板与水平桌面间的动摩擦因数0.50。12．（10分）（1）不需要（2分）d2（2）（2分）2L(t)21（3）成正比（2分）（2分）k（4）A（2分）解析：2dd2（2）由2aL可得a。t2L(t)2（4）由于遮光条通过光电门的平均速度比遮光条左侧到达光电门时的瞬时速度大，可知（2）中加速度的测量值与真实值相比偏大，选项A正确，故选A。13．（10分）解：（1）灯笼受力平衡，设两轻绳OA和OB的合力大小为FFBA37°则FG10N（3分），方向竖直向上（1分）37°O（2）由受力分析可知（如答图1）：G轻绳的弹力大小（分）OATOAGsin376N3答图1轻绳OB的弹力大小TOBGcos378N（3分）14．（13分）解：（1）设甲启动后经过时间t1，甲、乙速度相同，此时两车相距最远（甲追上乙前）由at1v乙，解得：t110s（2分）v乙t1此时，甲的位移大小x甲，乙的位移大小x乙v乙(tt)，其中t0.4s（2分）2010甲、乙两车之间的最大距离，联立解得：（分）xmx乙x甲xm135m2高一（上）期末联合检测试卷（物理）第6页共8页（2）从乙经过甲旁开始，甲、乙两车的v-t图像如答图2所示v/(ms1)设甲启动后经过时间t2，甲达到最大速度甲3025乙由at2vm，解得：t212s（2分）之后，又经过时间t3，甲追上乙t10t/s0.4t3vmt2t2则vtv乙(ttt)，解得：t26s（3分）答图22m30233从乙经过甲旁开始，到甲刚追上乙的整个过程中，所经过的时间tt0t2t3联立解得：t38.4s（2分）15．（18分）解：（1）设棒下端第1次刚要触地时的速度大小为v12则v12gH（2分），解得：v12gH（2分）2mgmg（2）第1次触地后，棒向上匀减速，加速度大小a3g（1分）Bm2mgmg圆环向下匀减速，加速度大小ag（1分）Am设经过时间t1，圆环和棒速度相同，以竖直向下为正方向，则v1v1v共vgtv3gt，解得：t，v共（1分）111112g2vvvv该过程中，圆环的位移x1共t，棒的位移x1共tA21B21v2圆环相对棒下滑的距离Lx(x)，联立解得：L1H（1分）1AB12g由L1＜L可知，此时圆环还未从棒上脱落之后，圆环和棒将一起保持相对静止下落，设棒下端第2次刚要触地时的速度大小为v2222则vv共2g(x)，解得：vv（1分）2B221若此后棒下端每次刚要触地时，圆环均未从棒上脱落，由分析，同理可得：221棒下端第次刚要触地时，圆环与棒的速度大小3v3v1v122v2H第2次触地后到第3次触地前，圆环相对棒下滑的距离L2（1分）22g2322棒下端第次刚要触地时，圆环与棒的速度大小4v4v1v124v2H第3次触地后到第4次触地前，圆环相对棒下滑的距离L3（1分）32g4高一（上）期末联合检测试卷（物理）第7页共8页421棒下端第次刚要触地时，圆环与棒的速度大小5v5v1v124v2H第4次触地后到第5次触地前，圆环相对棒下滑的距离L4（1分）42g8715由于：LLLH＜L且LLLLH＞L123412348可知：第5次触地前，圆环已从棒上脱落所以，圆环从棒上脱落前，棒下端与地面共碰撞了4次（1分）H（3）棒下端第4次触地后，圆环到棒下端的距离LL(LLL)（1分）12316设又经过时间t2，圆环从棒上脱落，则212122Hvtgt2vt3gt2L，解得：t（1分）412224122228g221此时，圆环的速度大小vvgt（1分），圆环距地面的高度hvt3gt2（1分）A41241222设圆环从棒上脱落后，第1次刚要触地时的速度大小为vA1，则(221)gHv2v22gh，联立解得：v（1分）A1AA14高一（上）期末联合检测试卷（物理）第8页共8页