甘肃省兰州市第一中学2024-2025学年高一下学期开学考试物理答案

《2025年2月11日高中物理作业》参考答案题号12345678910答案BDACACBACBDCD1．B【详解】A．空间站绕地球做匀速圆周运动时，速度大小不变，方向时刻改变，故A错误；B．在忽略空气阻力的情况下，斜向上抛出的秧苗只受重力，合力不变，根据牛顿第二定律，则加速度不变，所以做匀变速曲线运动，故B正确；C．从跳板上起跳后的运动员旋转下降时，头部在旋转上升时，若头部相对运动员的速度大于运动员对地速度，则速度方向为竖直向上，故C错误；D．树叶上的蜗牛做圆周运动时，合力提供向心力，不为零，故D错误。故选B。2．D【详解】由于P、Q两点属于同轴转动，所以P、Q两点的角速度是相等的，即ωP=ωQ同时由图可知Q点到螺母的距离比较大，根据v=ωr可知Q点的线速度大，即vP＜vQ故选D。3．A【详解】BC．因为衣服钩是光滑的，所以绳子两端的拉力大小相同，设两杆间距为d，绳子长为L，左右两端绳子长度分别为L1、L2，绳子拉力为T，两部分与竖直夹角分别为、，根据题意有因为衣架钩是光滑的，绳子拉力相等，所以即答案第1页，共2页所以绳的右端上移或绳的两端高度差改变，d与L均为定值，所以为定值，为定值，绳子拉力不变，故BC错误；A．杆N向右移一些，d变大变大，变小，拉力变大，故A正确；D．挂质量更大的衣服，d与L均不变，绳中拉力变大，位置不变，故D错误。故选A。4．C【详解】A．小船在渡河过程中，沿河岸方向做匀速直线运动，垂直于河岸方向做变速直线运动，则小船的合运动为曲线运动，小船运动的轨迹是曲线，A错误；B．本题中小船垂直于河岸航行，经40s过河，根据图像与t轴包围面积为小船垂直河岸方向的位移，即河宽为160m，B错误；C．虽然小船速度随时间变化，但是垂直河岸位移为河宽，小船过河时间为40s，在沿河岸方向，小船的位移为120m，所以根据几何关系全过程小船的位移为200m，C正确；D．小船在河水中的最大速度为D错误。故选C。5．A【详解】A．将货车的速度沿着绳和垂直于绳正交分解，货车速度为A正确；B．根据得答案第1页，共2页随着θ减小，货物的速度v增大，货物向上做加速直线运动，B错误；C．因为绳的拉力斜向上，所以货车对地面的压力小于货车的重力，C错误；D．因为货物向上做加速直线运动，加速度向上，合力向上，所以缆绳中的拉力D错误。故选A。6．C【详解】由甲图可知x方向的初速度、加速度分别为y方向的速度为A．y方向没有加速度，x方向加速度沿x轴正方向，故质点相对地面的加速度沿x轴正方向，由牛顿第二定律可知质点受沿x轴正方向的恒力作用，A错误；B．s时故B错误；C．s时故距出发点的距离为C正确；D．由于质点在x轴方向做匀变速直线运动，y轴方向做匀速直线运动，故合运动为匀变速曲线运动，轨迹为抛物线，D错误。故选C。答案第1页，共2页7．B【详解】AB．卡车匀速行驶时，工件受力平衡，将重力分解如图则有得故A错误，B正确；C．若卡车加速运动，如果加速度从零逐渐增大，F2逐渐减少，当加速度最大时，F2=0，此时受力如图故C错误；D．若卡车急刹车且F1减小为0时，故D错误。故选B。8．AC【详解】D．对A、B整体受力分析，如图甲所示，受到向下的重力和向上的推力F，由平衡条件可知B与墙壁之间不可能有弹力，因此也不可能有摩擦力，故D错误；答案第1页，共2页BC．对B受力分析如图乙所示，其受到重力、A对B的弹力及摩擦力而处于平衡状态，故B受到三个力，A与B之间一定有摩擦力，故B错误，C正确；A．对A受力分析，如图丙所示，受到重力、推力、B对A的弹力和摩擦力，共四个力，故A正确。故选AC。9．BD【详解】AB．由于木块在木板上向右滑动，故木块一定受到向左的滑动摩擦力的作用，且因木板静止不动，一定受到地面的静摩擦力，方向水平向左，大小为B正确，A错误；CD．无论F多大，当木块相对于木板向右滑动时，木块对木板的滑动摩擦力大小不变，故木板都不可能向右运动，C错误，D正确。故选BD。10．CD【详解】当小球落在第二级阶梯的最右边时，运动时间初速度的最小值小球落在第三级台阶，运动时间答案第1页，共2页初速度的最大值初速度的取值范围故选CD。11．(1)D(2)C(3)751/1.00.10【详解】（1）建立坐标系时，应将小球在斜槽末端时，球心在竖直面上的投影为坐标原点。故选D。（2）A．该实验要求小球每次抛出的初速度要相同而且水平，因此要求小球从同一位置静止释放，至于钢球与斜槽间的摩擦没有影响，故A错误；B．使用密度大、体积小的钢球可以减小做平抛运动时的空气阻力，故B错误；C．调整斜槽使小球可在斜槽末端保持静止，故C正确；D．观察小球下落时，应通过平视记录小球经过的位置，故D错误。故选C。（3）[1]小球做平抛运动，在竖直方向上做自由落体运动，连续相等时间内下落高度差相等故横坐标为30cm的点的纵坐标理论上应为[2]小球做平抛运动，在竖直方向上做自由落体运动，由可得平抛运动的初速度B点竖直方向上的分速度答案第1页，共2页[3]小球运动到B点的时间故从抛出点到A点时间为。12．AB/BA2.401.0/15.0/5【详解】（1）[1]AC．对小车的拉力是通过力传感器得到的，故无需测量砂和砂桶的质量，也不需要满足砂和砂桶的总质量远小于小车的质量，故A正确，C错误；B．探究物体质量一定时加速度与力的关系，要改变砂和砂桶的总质量，打出多条纸带，故B正确。故选AB。（2）[2]相邻两计数点之间还有四个点未画出，则相邻两计数点间的时间间隔为B点的瞬时速度为[3]根据逐差法可得加速度为（3）[4]根据牛顿第二定律可知由图像知，时，，可得（4）[5]根据实验原理可知小车的加速度是砂和砂桶加速度的，而砂和砂桶的加速度最大为重力加速度，即可判断小车的加速度趋近值为13．(1)1s(2)答案第1页，共2页(3)【命题点】匀变速曲线运动、运动合成与分解【详解】（1）小球运动到N点时，速度方向水平向左，说明竖直方向速度减为零，在竖直方向有解得（2）水平方向，根据牛顿第二定律有根据运动学公式有联立解得（3）设合力方向与水平方向的夹角为，则有，最小速度方向与合力方向垂直，所以14．(1)(2)，(3)0.6s，1.44m【详解】（1）滑块沿斜面匀速下滑，则有可得滑块与斜面体间的动摩擦因数答案第1页，共2页（2）经过的时间，滑块与小球同时到达斜面底端，则斜面高度可得斜面长度为则小球的初速度大小为滑块速度大小为（3）当小球速度沿斜面向下时，离斜面距离最大，此时有则小球运动的时间为在垂直斜面方向方向上，有v⟂=v0sinθ=4.8m/s，a⟂=gcosθ=8m/s2当v⟂减为零时，距离斜面最远为15．(1)12N(2)【详解】（1）设滑块A与木板B恰好发生相对滑动，对整体分析有F0=(m1+m2)a对B分析有联立解得F0=12N（2）外力F作用时，对A分析有答案第1页，共2页撤去外力F后，对A分析有对B分析有撤去外力时，滑块A和木板B的速度分别为，最后滑块A和木板B恰好共速时有根据位移关系有联立解得，外力的作用时间为答案第1页，共2页