精品解析：广东省广州市2023届高三综合测试（一）数学试题（解析版）

秘密★启用前试卷类型：A2023年广州市普通高中毕业班综合测试（一）数学本试卷共5页､22小题､满分150分､考试用时120分钟.注意事项：1.答卷前､考生务必川黑色字迹的钢笔或签字色将自己的姓名､考生号､试室号､座位号填写在答题卡上.用2B铅笔将试卷类型（A）填涂在答题卡的相应位置上，并在答题卡相应位置上填涂考生号.2.作答选择题时，选出每小题答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目选项的答案信息点涂黑；如需改动，用橡皮擦下净后，再选涂其他答案，答案不能答在试卷上.3.非选择题必须用黑色字迹的钢笔或签字笔作答，答案必须写在答题卡各题目指定区域内的相应位置上：如需改动，先划掉原来的答案，然后再写上新答案：不准使用铅笔和涂改液.不按以上要求作答无效.4.考生必须保持答题卡的整洁.考试结束后，将试卷和答题卡一并交回.一､选择题：本题共8小题，每小题5分，共40分.在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的.1.若复数，则（）A. B. C. D.【答案】A【解析】【分析】根据给定条件，求出复数的共轭复数及模，即可计算作答.【详解】复数，则，，所以.故选：A2.已知集合，则集合的子集个数为（）A.3 B.4 C.8 D.16【答案】C【解析】【分析】解一元二次不等式，并结合已知用列举法表示集合A作答.【详解】解不等式，得，因此，所以集合的子集个数为.故选：C3.函数在上的图像大致为（）A. B.C. D.【答案】B【解析】【分析】根据给定的函数，由奇偶性排除两个选项，再取特值即可判断作答.【详解】函数定义域为，而，且，即函数既不是奇函数也不是偶函数，其图象关于原点不对称，排除选项CD；而当时，，排除选项A，选项B符合要求.故选：B4.已知为第一象限角.，则（）A. B. C. D.【答案】D【解析】【分析】根据给定条件，两边平方求出，判断的正负并求出，再利用同角公式计算作答.【详解】因为为第一象限角，，则，，，即，解得，，所以.故选：D5.“回文”是古今中外都有的一种修辞手法，如“我为人人，人人为我”等，数学上具有这样特征的一类数称为“回文数”､“回文数”是指从左到右与从右到左读都一样的正整数，如121，241142等，在所有五位正整数中，有且仅有两位数字是奇数的“回文数”共有（）A.100个 B.125个 C.225个 D.250个【答案】C【解析】【分析】根据给定的信息，确定五位正整数中的“回文数”特征，再由0出现的次数分类求解作答.【详解】依题意，五位正整数中“回文数”具有：万位与个位数字相同，且不能为0；千位与十位数字相同，求有且仅有两位数字是奇数的“回文数”的个数有两类办法：最多1个0，取奇数字有种，取能重复的偶数字有种，它们排入数位有种，取偶数字占百位有种，不同“回文数”的个数是个，最少2个0，取奇数字有种，占万位和个位，两个0占位有1种，取偶数字占百位有种，不同“回文数”的个数是个，由分类加法计算原理知，在所有五位正整数中，有且仅有两位数字是奇数的“回文数”共有个.故选：C6.已知抛物线的顶点为坐标原点，焦点任铀上，过点的且线交于两点，且，线段的中点为，则直线的斜率的取大值为（）A. B. C. D.1【答案】A【解析】【分析】根据给定条件，设出抛物线C及直线PQ的方程，借助垂直关系求出抛物线方程及点M的坐标，再用斜率坐标公式建立函数，利用均值不等式求解作答.【详解】依题意，抛物线的焦点在x轴的正半轴上，设的方程为：，显然直线不垂直于y轴，设直线PQ的方程为：，点，由消去x得：，则有，由得：，解得，于是抛物线：的焦点，弦的中点的纵坐标为，则点，显然直线的斜率最大，必有，则直线的斜率，当且仅当，即时取等号，所以直线的斜率的取大值为.故选：A7.已知三棱锥的四个顶点都在球的球面上，，，则球的表面积为（）A. B. C. D.【答案】A【解析】【分析】根据给定条件，证明平面，再确定球心O的位置，求出球半径作答.【详解】在三棱锥中，如图，，则，同理，而平面，因此平面，在等腰中，，则，，令的外接圆圆心为，则平面，，有，取中点D，连接OD，则有，又平面，即，从而，四边形为平行四边形，，又，因此球O的半径，所以球的表面积.故选：A8.已知均为正实数，为自然对数的底数，若，则下列不等式一定成立的是（）A. B.C. D.【答案】D【解析】【分析】利用特殊值法当时，，排除选项A，B，C；再证明选项D成立.【详解】已知均为正实数，,当时，，满足成立，对于A，，故A错误；对于B，，故B错误；对于C，，故C错误，对于D，由已知，则，.由则，所以，即，得，，即.下面证明，.设，，所以在区间上单调递增，所以>，即.所以，故D正确，故选：D.二､多选题：本题共4小题，每小题5分，共20分，在每小题给出的选项中，有多项符合题目要求.全部选对的得5分，部分选对的得2分，有选错的得0分.9.某校随机抽取了100名学生测量体重，经统计，这些学生的体重数据（单位：kg）全部介于45至70之间，将数据整理得到如图所示的频率分布直方图，则（）A.频率分布直方图中a的值为0.07B.这100名学生中体重低于60kg的人数为60C.据此可以估计该校学生体重的第78百分位数约为62D.据此可以估计该校学生体重的平均数约为62.5【答案】AC【解析】【分析】运用频率分布直方图中所有频率之和为1及频数、百分位数、平均数计算公式计算即可.【详解】对于A项，因为，解得：，故A项正确；对于B项，人，故B项错误；对于C项，因为，，，所以第78百分位数位于之间，设第78百分位数为x，则，解得：，故C项正确；对于D项，因为，即：估计该校学生体重的平均数约为，故D项错误.故选：AC.10.已知函数的图像关于直线对称，则（）A.函数的图像关于点对称B.函数在有且仅有2个极值点C.若，则的最小值为D.若，则【答案】ABD【解析】【分析】利用函数图象的对称性求出，再结合正弦函数的图象与性质逐项分析、计算判断作答.【详解】依题意，，即，而，则，，对于A，因为，于是函数的图像关于点对称，A正确；对于B，当时，，而正弦函数在上有且只有两个极值点，所以函数在有且仅有2个极值点，B正确；对于C，因为，又，因此中一个为函数的最大值点，另一个为其最小值点，又函数的周期为，所以的最小值为，C错误；对于D，依题意，，则，因此，D正确.故选：ABD11.已知函数，点分別在函数的的图像上，为坐标原点，则下列命题正确的是（）A.若关于的方程在上无解，则B.存在关于直线对称C.若存在关于轴对称，则D.若存在满足，则【答案】BCD【解析】【分析】根据给定条件，求出方程在上有解的a范围判断A；设出点的坐标，由方程有解判断B；设出点的坐标，建立函数关系，求出函数的值域判断CD作答.【详解】函数，对于A，方程在上有解，显然函数在上单调递增，则有，解得，因此关于的方程在上无解，则或，A错误；对于B，设点，依题意，点Q关于直线对称点在函数的图象上，即关于t的方程有解，即有解，此时，令函数，，即函数在上单调递增，，而函数在上都单调递增，它们的取值集合分别为，因此函数的值域为，又，于是在有解，所以存在关于直线对称，B正确；对于C，设点，则点P关于y轴对称点在函数的图象上，即，令，，即函数在上单调递减，，又，恒有，因此，C正确；对于D，令，由得，显然，且，，令，，当时，函数单调递增，当时，，函数单调递减，因此，即有，，而，当且仅当时取等号，所以，即，D正确.故选：BCD12.平面内到两定点距离之积为常数的点的轨迹称为卡西尼卵形线，它是1675年卡西尼在研究土星及其卫星的运行规律时发现的，已知在平面直角坐标系中，，，动点P满足，则下列结论正确的是（）A.点的横坐标的取值范围是B.的取值范围是C.面积的最大值为D.的取值范围是【答案】BC【解析】【分析】设出点P的坐标，列出方程并化简整理，放缩解不等式判断A；利用几何意义并结合求函数值域判断B；利用三角形面积公式计算判断C；取点计算判断D作答.【详解】设点，依题意，，对于A，，当且仅当时取等号，解不等式得：，即点的横坐标的取值范围是，A错误；对于B，，则，显然，因此，B正确；对于C，的面积，当且仅当时取等号，当时，点P在以线段MN为直径的圆上，由解得，所以面积的最大值为，C正确；对于D，因为点在动点P的轨迹上，当点P为此点时，，D错误.故选：BC【点睛】易错点睛：求解轨迹方程问题，设出动点坐标，根据条件求列出方程，再化简整理求解，还应特别注意：补上在轨迹上而坐标不是方程解的点，剔出不在轨迹上而坐标是方程解的点.三､填空题：本题共4小题，每小题5分，共20分.13.已知向量与共线，则__________.【答案】.【解析】【分析】运用平面向量共线及向量的模的坐标计算公式求解即可.【详解】由题意知，又因为，所以，所以，所以，所以，所以.故答案为：.14.已知，将数列与数列的公共项从小到大排列得到新数列，则__________.【答案】【解析】【分析】分析可知是正奇数列，根据题意求得，然后利用裂项相消法可求得的值.【详解】因为数列是正奇数列，对于数列，当为奇数时，设，则为偶数；当为偶数时，设，则为奇数，所以，，则，因此，.故答案为：.15.已知函数的定义域为，其导函数为，若.，则关于x的不等式的解集为__________.【答案】【解析】【分析】根据给定条件，构造函数，再利用函数探讨单调性，求解不等式作答.【详解】令函数，则，因此函数在上单调递减，，因此，即，解得，所以不等式的解集为.故答案为：16.在棱长为1的正方体中，点分别是棱的中点，是侧面上的动点.且平面，则点的轨迹长为__________.点到直线的距离的最小值为__________.【答案】①.②.【解析】【分析】根据给定条件，作出平面截正方体所得截面，再确定点的轨迹，计算长度即可；再建立空间直角坐标系，利用空间向量求出点到直线的距离作答.【详解】在正方体中，连接，如图，对角面矩形，因为点分别是棱的中点，则，而，即平面截正方体所得截面为梯形，显然过点与平面平行的平面交平面、平面分别于，因此，连，平面、平面与平面分别交于，，因此，而，即四边形为平行四边形，于是，即点M为的中点，同理为中点，，因为动点始终满足平面，于是平面，又在侧面上，所以点的轨迹是线段，轨迹长为；以点D为原点建立空间直角坐标系，则，则，令，则有，，于是点到直线的距离，当且仅当时取等号，所以点到直线的距离的最小值为.故答案为：；【点睛】方法点睛：作截面的常用三种方法：直接法，截面的定点在几何体的棱上；平行线法，截面与几何体的两个平行平面相交，或者截面上有一条直线与几何体的某个面平行；延长交线得交点，截面上的点中至少有两个点在几何体的同一平面上.四､解答题：本题共6小题，共70分，解答应写出文字说明.证明过程或演算步骤.17.已知数列的前项和为，且（1）求，并证明数列是等差数列：（2）若，求正整数的所有取值.【答案】（1），证明见解析（2）【解析】【分析】（1）根据证明为定值即可；（2）先根据（1）求出，再利用错位相减法求出，从而可得，再根据函数的单调性即可得解.【小问1详解】由，得，当时，，所以，当时，，两式相减得，即，所以，所以数列是以为首项，为公差的等差数列；【小问2详解】由（1）得，所以，，，两式相减得，所以，则，由，得，即，令，因为函数在上都是增函数，所以函数在上是增函数，由，，则当时，，所以若，正整数的所有取值为.18.记的内角、、的对边分别为、、.已知.（1）证明：；（2）若，，求的面积.【答案】（1）证明见解析（2）【解析】【分析】（1）利用三角恒等变换结合正弦定理化简可证得结论成立；（2）利用平面向量数量积的定义可得出，结合余弦定理以及可求得、的值，由此可求得的面积.【小问1详解】因为，则，即，由正弦定理可得，因此，.【小问2详解】因为，由正弦定理可得，由平面向量数量积的定义可得，所以，，可得，即，所以，，则，，所以，，则为锐角，且，因此，.19.如图，在四棱锥P-ABCD中，△PAD是以AD为斜边的等腰直角三角形，（1）求证：；（2