数学-2024届新高三开学摸底考试卷（天津专用）（全解全析）

2024届新高三开学摸底考试卷（天津专用）数学·全解全析一、选择题（本题共9小题，每小题5分，共45分．在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的．）1．已知全集，集合，则（    ）A． B． C． D．【答案】D【分析】分别求出集合、、，再求交集可得答案.【详解】因为，所以，又因为，所以.故选：D.2．设，则“”是“”的（    ）A．充分不必要条件 B．必要不充分条件 C．充分必要条件 D．既不充分也不必要条件【答案】A【分析】由三角函数的性质结合充分条件、必要条件的定义即可得解.【详解】因为可得：当时，，充分性成立；当时，，必要性不成立；所以当，是的充分不必要条件.故选：A.3．我国著名数学家华罗庚曾说：“数缺形时少直观，形缺数时难入微，数形结合百般好，隔裂分家万事休．”在数学的学习和研究中，常用函数的图象来研究函数的性质，也常用函数的解析式来研究函数图象的特征．我们从这个商标中抽象出一个如图所示的图象，其对应的函数解析式可能是（    ）A． B．C． D．【答案】C【分析】首先判断函数的奇偶性，再取特殊值逐个分析判断即可【详解】由图象可知，函数图象关于轴对称，所以函数为偶函数，对于A，，所以是偶函数，当时，令，则，得，则当时，函数的第一个零点为，当时，，，所以，所以A不合题意，对于B，因为，所以是奇函数，所以不合题意，对于C，因为，所以是偶函数，当时，令，则，得，所以当时，函数的第一个零点为，当时，，，所以，所以符合题意，对于D，因为，所以是奇函数，所以不合题意，故选：C4．某城市在进行创建文明城市的活动中，为了解居民对“创建文明城”的满意程度，组织居民给活动打分（分数为整数，满分100分），从中随机抽取一个容量为120的样本，发现所给数据均在[40，100]内．现将这些分数分成以下6组并画出样本的频率分布直方图，但不小心污损了部分图形，如图所示．观察图形则下列说法中有错误的是（    ）A．第三组的频数为18人B．根据频率分布直方图估计众数为75分C．根据频率分布直方图估计样本的平均数为75分D．根据频率分布直方图估计样本的中位数为75分【答案】C【解析】对于A频率分布直方图中，小矩形的面积等于这一组的频率，而频率的和等于1，可求出分数在[60,70）内的频率；对于B根据众数是频率分布直方图中最高矩形的底边中点的横坐标即可得解；对于C，同一组数据常用该组区间的中点值作为代表，将中点值与每一组的频率相差再求出它们的和即可求出本次考试的平均分，对于D，由中位数将所有的小长方形的面积均分即可求解．【详解】对于A，因为各组的频率之和等于1，所以分数在[60，70）内的频率为：f＝1﹣10（0.005+0.015+0.030+0.025+0.010）＝0.15，所以第三组[60,70）的频数为120×0.15＝18（人），故正确；对于B，因为众数的估计值是频率分布直方图中最高矩形的中点，从图中可看出众数的估计值为75分，故正确；对于C，又根据频率分布直方图，样本的平均数的估计值为：45×（10×0.005）+55×（10×0.015）+65×（10×0.015）+75×（10×0.03）+85×（10×0.025）+95×（10×0.01）＝73.5（分），故错误；对于D，因为（0.05+0.15+0.15）×10＝0.35＜0.5，（0.05+0.15+0.15+0.3）×10＞0.5，所以中位数位于[70,80）上，所以中位数的估计值为：7075，故正确；故选：C．【点睛】本题主要考查了频率及频率分布直方图，以及平均数有关问题，考查运用统计知识解决简单实际问题的能力，数据处理能力和运用意识．本题属于中档题．5．设，，则（    ）A． B．C． D．【答案】C【分析】根据对数的运算法则即可求解.【详解】由得，所以，故选：C6．若所有棱长都是3的直三棱柱的六个顶点都在同一球面上，则该球的表面积是（    ）A． B． C． D．【答案】C【分析】正三棱柱的底面中心的连线的中点就是外接球的球心，求出球的半径即可求出球的表面积．【详解】解：由题意可知：正三棱柱的底面中心的连线的中点就是外接球的球心，底面中心到顶点的距离为：；所以外接球的半径为：．所以外接球的表面积为：．故选：C【点睛】本题是基础题，考查正三棱柱的外接球的表面积的求法，找出球的球心是解题的关键，考查空间想象能力，计算能力．7．已知是抛物线的焦点，抛物线的准线与双曲线的两条渐近线交于，两点，若为等边三角形，则的离心率（    ）A． B． C． D．【答案】D【解析】求出抛物线的焦点坐标，准线方程，然后求出抛物线的准线与双曲线的渐近线的交点坐标，利用三角形是等边三角形求出，的关系式，结合离心率公式，计算可得所求值．【详解】解：抛物线的焦点坐标为，准线方程为：，联立抛物线的准线方程与双曲线的渐近线方程，解得，可得，为等边三角形，可得，即有，则．故选：D．【点睛】本题考查抛物线的简单性质，双曲线方程和性质，考查分析问题解决问题的能力以及计算能力，属于中档题．8．将函数的图象向右平移个单位后得到函数的图象，若在区间上单调递增，且函数的最大负零点在区间上，则的取值范围是A． B． C． D．【答案】D【分析】利用函数的图象向右平移个单位后，得到函数的图象的位置特征，列出关于的关系式，最后确定取值范围.【详解】函数的图象向右平移个单位后，得到函数的图象,所以，，在区间上单调递增，所以有①；当时，函数，而，所以函数的最大负零点为，它在区间上，所以有②，结合①②，的取值范围是，故本题选D.【点睛】本题考查了正弦型函数图象的变换规律，正弦型函数的单调性和零点，考查了运算能力.9．如图，在四边形ABCD中，M为AB的中点，且，．若点N在线段CD（端点除外）上运动，则的取值范围是（    ）  A． B． C． D．【答案】A【分析】连接，求出的范围，再利用向量线性运算及数量积运算律求解作答.【详解】连接，如图，点N在线段CD（端点除外）上运动，  因为，即是正三角形，于是，而M为AB的中点，且，所以.故选：A【点睛】关键点睛：涉及定长的线段两端点为向量端点的向量数量积，取线段的中点，借助向量数量积的计算公式求解是关键.第Ⅱ卷二､填空题：（本题共6小题，每小题5分，共30分。试题中包含两个空的，答对1个的给3分，全部答对的给5分。）10．已知复数满足（其中为虚数单位），则复数的虚部为______.【答案】【分析】由模长公式及复数的四则运算得出复数，进而即得.【详解】因为，所以，则，所以复数的虚部为.故答案为：.11．在的展开式中，的系数是________．【答案】【分析】利用二项式展开式的通项公式，令x的指数等于，计算展开式中含有项的系数即可.【详解】由题意得：，，只需，可得，所以，故答案为：.12．已知圆的圆心与点关于直线对称，直线与圆相交于、两点，且，则圆的方程为______．【答案】【详解】设圆心坐标C(a，b)∵圆心与P关于直线y=x+1对称∴直线CP与y=x+1垂直∵y=x+1的斜率为1∴直线CP的斜率为-1∴化简得：a+b+1=0①∵CP的中点在直线y=x+1上∴化简得：a-b-1=0  ②联立①②得到：a=0，b=-1∴圆心的坐标为：(0，-1)∵圆心C到直线AB的距离d=,∴根据勾股定理得到半径=18∴圆的方程为.13．已知，，，则的最小值为_____．【答案】4【分析】首先分析题目由已知x＞0，y＞0，x+2y+2xy=8，求x+2y的最小值，猜想到基本不等式的用法，利用a+b≥2代入已知条件，转化为解不等式求最值．【详解】∵2xy＝x·(2y)≤2，∴8＝x＋2y＋2xy≤x＋2y＋2，即(x＋2y)2＋4(x＋2y)－32≥0.∵x＞0，y＞0，∴x＋2y≥4，当且仅当x＝2，y＝1时取等号，即x＋2y的最小值是4.14．某校高三1班第一小组有男生4人，女生2人，为提高中学生对劳动教育重要性的认识，现需从中抽取2人参加学校开展的劳动技能学习，恰有一名女生参加劳动学习的概率则为______________；在至少有一名女生参加劳动学习的条件下，恰有一名女生参加劳动学习的概率______________．【答案】【分析】应用组合数，超几何分布的概率求法求恰有一名女生参加、至少有一名女生参加的概率，进而求至少有一名女生参加条件下，恰有一名女生的概率（条件概率）.【详解】由题设，抽取2人，恰有一名女生参加，其概率，至少有一名女生参加，事件含恰有一名女生、2人都是女生，其概率，所以，在至少有一名女生参加条件下，恰有一名女生的概率.故答案为：，15．已知函数，若存在实数.满足，且，则___________，的取值范围是___________.【答案】1【分析】作出函数的图象，结合图象可知之间的关系，利用此关系直接求出，再将转化为关于的二次函数求范围即可.【详解】作出函数的图象，如图，  因为，所以由图可知，，即，，且，，在上单调递增，，即的取值范围是.故答案为：1；三、解答题（本题共5小题，共75分，解答应写出文字说明､证明过程或演算步骤。）16．(本题15分)在中，角，，所对的边分别为，，，且，，.(1)求的值；(2)求的值；(3)求的值.【答案】(1) (2) (3)【分析】（1）由正弦定理化简已知式可得，再由同角三角函数的基本关系求解即可；（2）由余弦定理求解即可；（3）由题意可得出，再由二倍角的正弦和余弦公式及两角和的余弦公式求解即可得出答案.【详解】（1）由及正弦定理，得，因为，所以，且.又，可得.（2）因为，由余弦定理，得，即，解得(负值舍去).（3）由（1）及，，，得，从而.由（1）得.，，所以.17．(本题15分)已知如图，四边形为矩形，为梯形，平面平面，，，．（1）若为中点，求证：平面；（2）求直线与平面所成角的正弦值；（3）在线段上是否存在一点（除去端点），使得平面与平面所成锐二面角的大小为？若存在，请说明点的位置；若不存在，请说明理由．【答案】（1）证明见解析；（2）；（3）存在，.靠近C的三等分点【分析】（1）设与交于点，连接，则可得为的中点，而为的中点，由三角形中位线定理可得，然后由线面平行的判定定理可证得结论，（2）由已知可证得，，两两垂直，所以分别以，，为，，轴建立空间直角坐标系，利用空间向量求解即可，（3）假设存在点，满足题意，且此时，然后利用空间向量求二面角【详解】（1）证明：如图，设与交于点，连接，∵四边形为矩形，∴为的中点，又因为为的中点，∴，而平面，平面，∴平面；（2）解：因为平面平面，平面平面，，平面，所以平面，因为平面，所以，因为，所以，，两两垂直，所以如图，分别以为坐标原点，以，，为，，轴建立空间直角坐标系，根据题意，则有，，，，所以，，，假设平面的一个法向量为，则有，设直线与平面所成角的平面角为，则有．（3）解：假设存在点，满足题意，且此时，即得，则有，，假设平面的一个法向量为，则有，又因为平面的一个法向量为，根据题意，则有，解之可得，，即得，即点为线段上靠近点的一个三等分点，坐标为．18．(本题15分)已知过点的椭圆的离心率为.如图所示，过椭圆右焦点的直线（不与轴重合）与椭圆相交于两点，直线与轴相交于点，过点A作，垂足为.(1)求四边形为坐标原点的面积的最大值；(2)求证：直线过定点，并求出点的坐标.【答案】(1)最大值为 (2)证明见解析，【分析】（1）由题可得椭圆方程为：，则椭圆右焦点为，易知当斜率为0时不合题意，斜率不为0时，设直线的方程为，，，将直线方程与椭圆方程联立，可得四边形的面积为，后利用韦达定理及基本不等式可得面积最值；（2）由（1）可得直线BD方程为：，令可得：，化简后可得定点坐标.【详解】（1）由题意可得：，解得：，所以椭圆的方程为，则椭圆的右焦点为，当直线的斜率等于时不符合题意；设直线斜率不为0时，直线方程为，，，由可得：，则，，，所以，所以四边形的面积为，设，则，所以，因为，当且仅当即，时，最小值为，所以，因为，可得所以四边形（为坐标原点）的面