河南省信阳市2023-2024学年上学期第一次教学质量检测物理答案10.20

学年普通高中高三第一次教学质量检测２０２２－２０２３物理参考答案一选择题每题分、：（４）１．Ｄ ２．Ｃ ３．Ｃ ４．Ｂ ５．Ｄ ６．Ａ ７．Ｃ ８．ＡＤ９．ＤＢ １０．ＡＣ １１．ＢＤ二实验题、：ｂＬ分１２．（９）１２ ０．２ ｈ详解根据胡克定律可得弹簧的劲度系数为【】（１）［１］，Ｆ．ｋ０６０＝ｘ＝－２Ｎ／ｍ＝１２Ｎ／ｍ５×１０根据牛顿第二定律可得ＦＭａ（２）［２］＝可得ａ１Ｆ＝Ｍ．可知ａＦ图像的斜率为ｋ１３０－＝Ｍ＝．０６０解得滑块与加速度传感器的总质量为Ｍ．＝０２ｋｇ测出两调节旋钮ＰＱ之间距离为Ｌ调节旋钮Ｑ使之比旋钮Ｐ高出ｈ则（３）［３］，，，有ｈθｓｉｎ＝Ｌ根据牛顿第二定律可得ＦＭｇθＭａ＋ｓｉｎ＝可得ａ１Ｆｇθ＝Ｍ＋ｓｉｎ可知ａＦ图像的纵轴截距为ｂｇθ－＝ｓｉｎｂｂＬ解得当地的重力加速度为ｇ＝θ＝ｈｓｉｎ．分．．１３（６）８０ ００６９Δｓ详解挡光杆通过光电门时的线速度ｖ【】（１）［１］＝Δｔｖ由ω＝Ｒ解得ω．＝８０ｒａｄ／ｓ根据向心力公式有２（２）［２］Ｆ＝ｍωｒ高三物理答案第页共页１（４）{#{QQABSYKQogioABAAAQgCUwUiCkOQkAAACAoOQAAMIAAAgBNABAA=}将Δｓω＝ＲΔｔ２代入上式解得ΔｓＦ＝ｍ２２ｒＲΔｔ可以看出以为纵坐标１为横坐标在坐标纸中描出数据点作一条直线该直Ｆ，２；，Δｔ２线的斜率为Δｓｋ＝ｍ２ｒＲ由图像可知斜率为－６，ｋ＝５×１０解得ｒ＝０．０６９ｍ分９１４．（１０）（１）；（２）１６ｓ；１０详解设原来海水密度为ρ根据题意有【】（１），，ｍｇＦρｇＶ分＝浮＝排…………………………………………………………………２跃层内海水密度为ρ′有“”，ｍｇＦ′浮ｍａＦ′浮ρ′ｇＶ排分－＝１ ＝…………………………………………………２解得ρ′Ｆ′浮９分ρ＝Ｆ＝……………………………………………………………………１浮１０潜艇在匀加速下落阶段有ｈ１ａｔ２（２），１＝１１＝３２２又分 ｖ１＝ａ１ｔ１＝８ｍ／ｓ……………………………………………………………２排水后潜艇先匀减速下降再匀加速上升对这个过程有，，，，ｈｖｔ１ａｔ２分－１＝１２－２２………………………………………………………………２２得ｔ分 ２＝１６ｓ……………………………………………………………………１分ｖ／ｖ之后一起沿斜面向下匀速运动１５．（１４）（１）＝５２ ｍ／ｓ；（２）共＝２ｍ／ｓ，。详解解除锁定弹簧恢复形变瞬间门框与物块组成系统外力之和为零【】（１），根据动量守恒有ｍｖＭｖ分０＝…………………………………………………………………………２解得ｖ／分＝５２ ｍ／ｓ………………………………………………………………２物块与门型框相碰时小物块位移（２），ｘｖｔ１ａｔ２分１＝０＋１…………………………………………………………………１２门型框沿斜面向上运动位移ｘｖｔ１ａｔ２分 ２＝－２…………………………………１２高三物理答案第页共页２（４）{#{QQABSYKQogioABAAAQgCUwUiCkOQkAAACAoOQAAMIAAAgBNABAA=}由位移关系有Ｌｘｘ分＝１＋２………………………………………………………２又物块加速度ａｇθ２分 １＝ｓｉｎ＝５ｍ／ｓ……………………………………………１门型框加速度大小ａｇθμｇθ２分 ２＝ｓｉｎ＋ｃｏｓ＝１２．５ｍ／ｓ…………………………１联立并代入数据解得ｔ．舍掉分 ＝０２（ｔ＝１．２ｓ）…………………………………１规定沿斜面向下为正方向物块与门型框碰撞瞬间动量守恒，ｍｖａｔＭｖａｔＭｍｖ共（０＋）－（－２）＝（＋）代入数据解得ｖ分 共＝２ｍ／ｓ……………………………………………………２根据牛顿第二定律物块与门型框共同运动时加速度大小，ＭｍｇθμＭｇθａ（＋）ｓｉｎ－ｃｏｓ３＝Ｍｍ＋代入得ａ分 ３＝０…………………………………………………………………１则门型框与小物块相碰粘合后一起以ｖ的速度沿斜面向下匀速运动共＝２ｍ／ｓ。分答案不能不能见解析１６．（１７）【】（１）４．５ｍ／ｓ，４．１８ｍ／ｓ；（２），，解析详解设杆的质量为Ｍ杆受到的滑动摩擦力为ｆ环受到的滑动摩【】【】（１），１，擦力为ｆ击打时杆的加速度为ａ环的加速度为ａ杆和环的受力如图所示２，１，２，１则ＦＭｇｆｆＭａ分 ＋－１－２＝１，………………………………………………………１ｍｇｆｍａ分＋２＝２……………………………………………………………………１解得ａ２分 １＝２４ｍ／ｓ，……………………………………………………………１ａ２分２＝２２ｍ／ｓ……………………………………………………………………１第一次击打结束时杆的速度ｖａｔ１＝１１解得ｖ．分 １＝４５６ｍ／ｓ……………………………………………………………１环的速度为ｖａｔ２＝２１解得ｖ．分 ２＝４１８ｍ／ｓ……………………………………………………………１撤去Ｆ后杆的受力如图所示（２），２则ＭｇｆｆＭａ －１－２＝３解得ａ２分 ３＝－１６ｍ／ｓ……………………………………………………………１设再经ｔ二者达到共速ｖ则ｖｖａｔｖａｔ２， ＝１＋３２＝２＋４２解得ｔｖ分 ２＝０．０１ｓ，＝４．４ｍ／ｓ……………………………………………………１高三物理答案第页共页３（４）{#{QQABSYKQogioABAAAQgCUwUiCkOQkAAACAoOQAAMIAAAgBNABAA=}环相对杆向上１１Δｓ１＝（ｖ２－ｖ１）ｔ１＋（ｖ２－ｖ１）ｔ２２２解得分 Δｓ１＝０．０３８ｍ＜０．０５ｍ……………………………………………………２杆和环共速度后假设两者一起匀减速杆和环的受力如图所示，，３则ＭｇｍｇｆＭｍａ分 ＋－１＝（＋）……………………………………………………１设此时杆与环之间的静摩擦力为ｆ′则ｍｇｆ′ｍａ分２， －２＝………………………１解得ｆ′４分 ２＝Ｎ＞１．２Ｎ…………………………………………………………１３假设不成立两者发生相对滑动杆和环的受力如图所示，，４则ＭｇｆｆＭａｍｇｆｍａ －１＋２＝４，－２＝５解得ａ２ａ２分 ４＝－４ｍ／ｓ，５＝－２ｍ／ｓ………………………………………………２ｖ２ｖ２环相对杆向Δｓ分 ２＝ａ－ａ……………………………………………………１２５２４解得Δｓ ２＝２．４２ｍ击打一次环相对杆下滑ΔｓΔｓΔｓ＝２－１解得Δｓ分 ＝２．３８２ｍ＞０…………………………………………………………１故不可能通过多次击打使环到达Ａ端。高三物理答案第页共页４（４）{#{QQABSYKQogioABAAAQgCUwUiCkOQkAAACAoOQAAMIAAAgBNABAA=}#}