2024届云南三校高考备考实用性联考卷（五）理综-答案

2024届云南三校高考备考实用性联考卷（五）理科综合参考答案一、选择题：本题共13小题，每小题6分。题号12345678910111213答案BBCDCACDACBBD二、选择题：本题共8小题，每小题6分。在每小题给出的四个选项中，第14～18题只有一项符合题目要求；第19～21题有多项符合题目要求，全部选对的给6分，选对但不全的给3分，有选错的给0分。题号1415161718192021答案ABDCDBCBDAC【解析】1．=1\*GB3①农业生产中，土壤松土可促进根细胞有氧呼吸作用，有利于主动运输，为矿质元素吸收供应能量，正确；②植物光合色素主要吸收红光和蓝紫光，不吸收红外光和紫外光，错误；③酿酒时前期适当通气，目的是促进酵母菌有氧呼吸，利于菌种繁殖，后期密封发酵罐，促进酵母菌无氧呼吸，利于产生酒精，错误；④稻田应定期排水，可以避免水稻根细胞无氧呼吸产生酒精使根腐烂变黑，错误；⑤小麦、玉米等种子收获后经适当风干，可以减少自由水含量利于储藏，错误；⑥连续阴雨天小麦传粉受到影响，喷洒一定浓度的生长素类调节剂能促进果实发育，而小麦是靠种子增产，错误。因此正确的有一项，故选B。2．摩尔根的果蝇杂交实验和孟德尔的豌豆交实验结论的得出都应用了假说—演绎法，A正确。证明DNA半保留复制（15N标记）的实验和T2噬菌体侵染大肠杆菌（32P/35S标记）的实验都用到了同位素标记法，但是15N是稳定性同位素没有放射性，B错误。用颜色不同、形状大小相同的两条橡皮泥代表同源染色体，C正确。在“模拟性状分离比”实验中两个桶内的彩球分别代表雌雄配子，数量不一定要相等，D正确。故选B。3．高血糖时，下丘脑某一区域兴奋，引起胰岛B细胞分泌胰岛素属于神经调节，A错误。激素发挥作用后会被灭活，但激素运输到靶细胞的时间有先后，因此体液调节的作用时间比较长，B错误。免疫活性物质是由免疫细胞或其他细胞产生的发挥免疫作用的物质，C正确。不是所有激素的分泌都是通过下丘脑—垂体—相应靶腺体来进行分级调节的，如肾上腺素的分泌等，D错误。故选C。4．探究土壤微生物对落叶的分解作用时，应将实验组的土壤灭菌以排除土壤微生物的作用，运用了变量处理中的减法原理，A正确。一些土壤小动物，如蚯蚓、蜣螂等可以通过呼吸作用产生二氧化碳，二氧化碳进入大气中，可以参与碳循环，进而影响植物的生长，B正确。可依据土壤小动物趋暗、趋湿、避高温等特性来设计诱虫器，C正确。调查身体微小、活动能力强的土壤小动物数量常用取样器取样法，D错误。故选D。5．组合一的F1自交得到的F2中红花∶黄花∶白花=12∶3∶1，符合9∶3∶3∶1的变式，说明控制该花色的两对基因（A/a和B/b）位于两对染色体上，遵循基因的自由组合定律。白花的基因型为aabb，黄花的基因型有两种：AAbb、Aabb或aaBB、aaBb，A错误。组合一的F2中红花植株共占12份，纯合体占2份，所以纯合子占1/6；只有一对基因是杂合的占6份，所以只有一对基因是杂合的占1/2，B错误。组合二黄花与红花杂交，设黄花基因型是Aabb，则红花的基因型应为aaBb，F1黄花基因型为Aabb，与白花（aabb）杂交，后代黄花和白花的比例为1∶1，黄花占1/2，C正确。测交是要与隐性纯合子杂交，组合二的亲本黄花与红花都为杂合子，因此不属于测交；组合三的亲本中红花是双杂合子，白花是隐性纯合子，所以组合三的杂交类型在遗传学中称为测交，D错误。故选C。6．醋酸菌在糖源充足的情况下能将糖分解成醋酸，故可采用葡萄糖作为发酵培养液的碳源，A错误。工业发酵罐的体积一般很大，需要接入的菌种总体积也多，所以接入发酵罐前还需要对菌种进行扩大化培养，B正确。醋酸菌为需氧型生物，深层通气液体发酵可保证氧气供应，使醋酸菌迅速生长繁殖，产生代谢产物醋酸，从而提高醋的产量，C正确。发酵工程所用的菌种，大多是单一菌种，一旦有杂菌污染可能导致产量大大降低，所以发酵设备和培养液均需要经过严格灭菌，D正确。故选A。7．燃煤脱硫可以减少SO₂的排放，有利于减少酸雨的形成，但并未减少CO₂的排放，不利于实现“碳中和”，A错误。柴油是多种烃的混合物，烃不发生水解，热的纯碱溶液无法洗涤金属表面的柴油，B错误。黄金光亮且薄如纸，说明金不活泼和有很好的延展性，C正确。丝绸和毛的化学成分是蛋白质，棉的化学成分是纤维素，D错误。8．M为酯类物质，故在稀硫酸条件下M水解产物A的结构简式为  ，M与A的分子中都含有碳碳双键，均能使酸性高锰酸钾溶液和溴水褪色，A正确。由M的结构简式可知，合成M的单体为，故M的单体中C原子有sp、sp2和sp3共3种杂化方式，B正确。B的结构为  ，分子中含有羧基和羟基，可以发生酯化反应，羟基的β−碳原子上含有氢原子，可以发生消去反应，C正确。1molA中有nmol羧基，1molB中有1mol羧基、1mol羟基，1molC中有2mol羟基，它们与金属钠反应放出的气体的物质的量分别为mol、1mol、1mol，故放出的气体的物质的量之比为n∶2∶2，D错误。9．向饱和AgCl溶液中加入少量NaCl固体，产生白色沉淀，即AgCl沉淀，说明该实验过程存在沉淀溶解平衡，A正确。蛋白质溶液中滴加饱和NaCl溶液发生盐析，加CuSO4溶液发生变性，盐析为可逆过程，变性为不可逆过程，B错误。向苯酚浊液中滴加饱和Na2CO3溶液，反应生成苯酚钠、碳酸氢钠，浊液变澄清，说明酸性：苯酚>碳酸氢根，C错误。若溶液中含有亚硫酸根离子、硫离子，加入盐酸也会出现相同的现象，故不能说明该无色溶液中一定含有，D错误。10．Y是地壳中含量最多的元素，则Y为O；结合图示可知，Z形成+1价阳离子，其原子序数大于O，则Z为Na；W形成1个共价键，其原子序数小于O，则W为H，四种原子的原子序数总和为25，X的原子序数为25−1−8−11=5，则X为B元素。由上述分析可知，W为H，X为B，Y为O，Z为Na元素，同一周期从左到右，电负性增大，故电负性Y(O)＞X(B)，A错误。X为B，最高价氧化物的水化物分子式为，B错误。该化合物含有过氧键结构，因此具有强氧化性，可杀菌消毒，C正确。W为H，X为B，Y为O，都是非金属元素，H与X或Y形成化合物只有共价键，Z为Na，与H形成化合物NaH含离子键，D错误。11．根据反应③，X为，是生成物（副产物），A错误。反应③显示其是制备过程的副反应，会生成X（乙醇），因此每消耗2mol N2O，可制备的CH3CHO少于1mol，B正确。Fe+是催化剂，催化剂只改变反应速率，不改变反应物的平衡转化率、产率，C错误。过程①～⑥铁的化合价出现了多种，比如Fe+中为+1价，FeO+中为+3价等，D错误。12．由图示可判断，放电时Na+向NaFePO4F(a电极)方向移动，所以a电极为正极，根据总反应式，放电时，原电池的正极反应为NaFePO4F+Na++e−=Na2FePO4F，a极质量增重，导线中每通过1mol电子，理论上a极质量增重23g，A正确。充电时b极接电源负极，CH4燃料电池中负极应该通入CH4，B错误。由总反应结合原电池正极反应可知，放电时负极b上的电极反应式为Na3Ti2(PO4)3−2e−=NaTi2(PO4)3+2Na+，C正确。由图示知，NaFePO4F、Na2FePO4F、Na3Ti2(PO4)3、NaTi2(PO4)3均附着在电极材料上，充、放电时Na+生成与消耗的量相等，理论上溶液中的钠离子浓度不变，D正确。13．当，即时，由常温时可知，，则，即为P点，故曲线①表示与pH的关系，曲线②表示与pH的关系，A错误。M点时，与相等，即，可得，c(OH−)=10−7.9mol/L，pH=6.1，B错误。曲线②表示与pH的关系，而N点的比M点的大，酸的电离抑制水的电离，则N点水的电离程度比M点的小，C错误。由题图可知，N点时，即，则HX的电离平衡常数，D正确。14．对A进行受力分析，如图甲所示，由图可知B向右缓慢移动时，B对A的支持力与竖直方向的夹角逐渐变大，可知B对A的支持力增大，竖直墙面对A的弹力增大，故A正确，C错误。对A、B整体进行受力分析，如图乙所示，根据平衡条件可知、，所以水平地面对B的支持力不变，外力增大，故B、D错误。15．由图像可知，波源Q比P先起振，故A错误。时两列波在处发生干涉，振动加强，振幅为45cm，故B正确。两列波的波长均为4m，产生明显衍射条件相同，故C错误。当观察者以2m/s的速度向x轴正方向运动时，观察到的P波波速为8m/s，速度减小，故频率减小，故D错误。16．气球内的压强大于汽缸内的气体压强，故A错误。因为气球导热性能良好，气球内的温度一定等于汽缸内的温度，故B错误。若将活塞缓慢下移，外界对气体做功，W为正数，又因为汽缸P绝热，所以Q为零，由热力学第一定律：，得到一定为正数，所以汽缸内气体温度升高，压强增大，故C错误。对于汽缸内的气体，若将活塞缓慢上移，气体对外界做功，W为负数，Q为零，由热力学第一定律：，得到一定为负数，即汽缸内气体温度降低，因为气球导热性能良好，气球内的温度一定等于汽缸内的温度，所以气球内气体温度也降低，即气球内的气体分子平均动能减小，故D正确。17．两次铅球到达的最大高度相同，则由可知，两次铅球运动的竖直位移相同，由可知时间相同，故A错误。由A项分析可知两次铅球在空中运动的时间相等，而第2次水平位移大，所以第2次抛出时初速度的水平分量大，即，故B错误。由可知第2次抛出时的初速度大，根据动能定理可知，推球过程人对铅球做的功：，故C正确。两次落地时速度的竖直分量相等，所以由可得，故D错误。18．发射飞船的速度小于第二宇宙速度，故A错误。月球绕地球做匀速圆周运动，由，得，故B错误。由图示位置到下一次地球、月球、飞船共线所用时间为，则，，解得，故C错误，D正确。19．由于不知道带电质点的电性，无法判断电场的方向，所以不能确定各点电势的高低，故A错误。由图可知，P点处电场线比Q点处密集，则P点处的电场强度比Q点处大，带电质点在P点所受电场力比Q点大，在P点的加速度大于在点的加速度，故B正确。由于质点只受电场力作用，根据运动轨迹可知电场力的方向在轨迹凹侧，从P到Q，电场力做正功，电势能减小，即带电质点在Q点具有的电势能比在P点具有的电势能小；根据动能定理知，动能增大，即Q点的动能大于P点的动能，即带电质点在Q点处的速率比在P点处大，故C正确，D错误。20．由图可知电容器上极板带正电，下极板带负电，所以带电油滴带负电，故A错误。若保持、闭合，滑片P向上移动，接入阻值变小，电流表示数增大，电压表示数减小，故B正确。若保持闭合，将断开，滑片P向下移动，接入阻值变大，外电路电阻增大，因为，电源输出功率随外电阻增大而减小，故C错误。若保持、闭合，将上极板向上平移一小段距离，电容器两极板电压值不变，由知E变小，M点与下极板间的电势差减小，下极板接地电势为0，所以M点的电势降低，故D正确。21．因为OC垂直于杆，所以在C点圆环沿着绳的方向速度等于零，则物块的速度等于零，圆环从A运动到C的过程中，物块下降，速度先增大再减小，物块先失重后超重，故A正确。根据机械能守恒得，，=3m，解得圆环到达C位置时，圆环的速度，故B错误。从A运动到B的过程中，圆环和物体的机械能守恒，圆环沿杆下滑到最低点B，在该点圆环和物块的速度都等于零，圆环的重力势能减少了，物块的重力势能必然增加，所以物块上升，OA