2024年河北省张家口市高三年级第三次模拟考试物理答案

张家口市2024年高三年级第三次模拟考试物理参考答案题号12345678910答案BDBCABBBCBDACD解析:根据题意可知没有用到光的衍射现象正确1.B,,B。[命题意图]本题以冷光灯为问题情境,考查光的干涉、折射和反射现象。考查核心素养中的物理观念。解析:根据光电效应规律可知图像中的光束对应的遏止电压相同故其波长相同产生的饱和2.D,1、3,,1光电流大其强度要大于的强度光束对应的遏止电压大入射光的频率最大根据爱因斯坦光电效应,3;2,,方程照射光电管产生光电子的最大初动能大正确,,D。[命题意图]本题以探索光电效应规律为问题情境,考查光电效应的一般规律及爱因斯坦光电效应方程、动能定理等相关知识。考查理解能力。解析:矿泉水瓶内水面所在处水的压强为ppρgd初始时矿泉水瓶内气体压强为p设矿泉水3.B=0+,0,瓶横截面积为S则初始时气体体积VSH入水后气体体积VSHh气体为等温变化pV,0=,1=(-),00=phpV解得d0正确2,=ρgHh,B。(-)[命题意图]本题以水深测量仪为素材,创设探索问题情境,考查应用理想气体状态方程解决问题的能力,考查学生理解问题和分析综合问题能力。解析:画出篮球运动过程的v-t图像如图所示上升与下落过程的路程相同所以图像中图线与坐标轴4.C,,所围成的面积t轴下方与上方的相等若将纵轴v换成kv图像形式不变但对应面积为阻力的冲量可,,,,vv知上升与下落过程中阻力的总冲量为根据动量定理mgtmvmv得t2+1正确0,,=2+1,=g,C,A、B、D错误。[命题意图]本题以竖直向上抛出篮球的运动为素材,创设探索问题情境,试题主要考查了力与运动、动量定理等知识点,考查理解能力和推理论证能力。解析:摆球在平衡位置静止时对球受力分析如图所示由平衡条件得杆对球为支持力大小为mg5.A,,,,,细线上的拉力大小Fmg小球摆动过程中运动轨迹被约束在一个倾角为的平面内垂直该平A=3;,30°,面小球一直处于平衡状态故细线拉力大小不变向平衡位置摆动过程中沿杆方向向心力大小不断增大,,,杆上支持力逐渐减小正确错误增大细线长度使A点上移摆球运动平面不变等效为一个在斜,A,B、C;,,l面上的单摆周期为T摆长为杆的长度不变摆球运动周期不变错误,=2πgθ,,,D。sin高三物理答案第页(共页)15{#{QQABCYCEggCgAIAAABhCQw3SCEMQkAECCCoGhAAAoAAACQNABAA=}#}[命题意图]本题以“杆线摆”的运动规律为素材,创设探索问题情境,考查受力分析、平衡条件、单摆周期等相关知识。考查学生理解能力及推理论证能力。qq解析:正点电荷在A点产生的电场强度Ek4k方向向右负点电荷在A点产生的电场强6.B+=d2=d2,,4qqqq度Ek方向向左合电场强度为电势为φk4kk错误x轴上在x的区域中-=d2,,0,=d-d=d,A;>02A点电场强度为左侧电场方向向左右侧电场方向向右A点电势最高正确根据定义可知在x0,,,,B;>0的区域电势为的坐标位置x1d负电荷在x1d处其对应电势能为正将沿x轴一直运动到无穷,0=,=,34远错误A点右侧至无穷远电场强度先增大再减小释放一正点电荷后先做加速度增大的加速运动再,C;,,做加速度减小的加速运动错误,D。[命题意图]本题以不等量两个异种点电荷产生的电场为素材,创设问题情境,考查电场中电场强度、电势的叠加,能量守恒等知识,考查学生理解能力及推理论证能力。解析:由动能定理可知Ex图线的斜率表示小物块所受合力小物块接触弹簧前Ex图线的斜率kk7.B,-。,-恒定小物块沿斜面做匀加速直线运动所受合力恒定大小满足mgθμmgθ可得动摩擦,,,sin-cos=2N,因数μ.错误小物块接触弹簧后压缩弹簧x时速度最大为平衡位置满足mgθ=05,A;=0.1m,,sin-fkx可得弹簧的劲度系数为k正确根据题中动能变化图像画出合力随位移的变化图-=0,=20N/m,B;像其与x轴所围的面积表示动能的变化易知动能最大值对应上面部分面积E错误下kmax,,,=0.4J,C;滑至最低点时图像中上下对应的面积大小相等物块的位移为x整个过程中系统损失的max,、,=0.45m,机械能为mgθx根据能量守恒弹簧的最大弹性势能为Emgxθmgθμmaxpmaxμcos·=1.8J,,=sin-cos·x.错误max=09J,D。[命题意图]本题以物块沿粗糙斜面下滑压缩弹簧为问题情境,考查动能定理、能量守恒、功能关系等相关知识,考查理解能力、推理论证能力。解析:由图像可知通过脉冲高压变压器上的交流电频率为每秒有个峰值点火次8.BC,20Hz,40,40,错误电压表的示数为有效值为正确点火电压副线圈的峰值电压需要峰值达到以A;7.07V,B;()10kVUn上根据变压规律11脉冲变压器匝数比需要满足nn正确直流电压不一定大于,Un,12,;2=2∶≤1∶1000C原线圈电压的最大值错误,D。[命题意图]本题以燃气灶的点火装置原理图为素材,创设有关交变电流及变压器的探索问题情境,考查交变电压的有效值、变压器的工作原理等相关知识,考查理解能力。解析:将中轨道卫星设为高轨道卫星设为两卫星做匀速圆周运动的半径分别为rr根据图9.BDa,b,a、b,GMm甲和图乙可得rr.Rrr.R解得rRr.R万有引力提供向心力maa+b=96,b-a=36,a=3、b=66,r2=,GMGMm则amg所以中轨道卫星的加速度为a1g错误正确设卫星的运行周期分=r2,R2=,=,A,B;a、b9别为TT由图乙可知每隔时间T两卫星距离最近即每隔时间T卫星就比卫星多转了一周则a、b,,,ab,r3r3有2πT2πT根据开普勒第三定律有ab联立解得T2TTTT小时TT-T=2π,T2=T2,a=,b=2,b=24,=abab3小时错误正确12,C,D。高三物理答案第页(共页)25{#{QQABCYCEggCgAIAAABhCQw3SCEMQkAECCCoGhAAAoAAACQNABAA=}#}[命题意图]本题以我国北斗导航系统为素材,创设求解卫星运动规律的学习探索问题情境,主要考查卫星运动的周期、加速度等与轨道半径的关系,考查信息获取与加工能力、理解能力和推理论证能力。解析:金属条开始运动时有mgθBiLμmgθ设此时的速度大小为v电流i10.ACDasin+=cos,b,=BLvmgRθmgθBiLgθ可得v2sin此时的加速度a2sin-sin正确错误最终达到R,=B2L2,b=m=,A,B;a、b222稳定状态时速度差恒定以相同的加速度运动对整体mθmθma可得agμgmm,,a、b3sin-cos=3,=gθmgθsin设最终电流为I对有mgθBILma解得电流为I4sin稳定后回路中的电,,b2sin-=2m,=BL,33Rmgθ2功率PI2R32(sin)正确=·2=B2L2,C、D。9[命题意图]本题以导体棒在导轨上运动为素材,创设导体棒切割磁感线过程中运行规律相关情境,考查法拉第电磁感应定律、牛顿第二定律、欧姆定律、功能关系等知识,主要考查理解能力和推理论证能力。答案:分需要分不需要分.分分11.(1)C(1)2(1)(1)(3)040(2)(4)C(1)解析:通过打点计时器可以得到计数点的时间间隔,所以不需要秒表;小车质量一定,不需要用天平1测出具体质量,不需要用弹簧秤测力的大小;需要用刻度尺测量纸带上计数点之间的距离,正确。C虽然实验装置采用了力传感器,但是该实验也需要平衡摩擦力,否则无法计算合力大小;实验中,根2据力传感器的读数可以得到小车受到的拉力,不需要满足“小车的质量M远大于砂和砂桶的总质量m”这一条件。xx...由题知,相邻两计数点间的时间间隔T.,可得a24-021601-720-720-2/23=01s=T2=.2×10ms≈44×01/2。0.40ms对小车和滑轮整体根据牛顿第二定律有F(Mm)a,变形有a2F,所以图像的斜率42=+0=Mm×+0k2,从而M2m,正确。Mmk0=0=-C+[命题意图]本题以拉动平板上的小车为素材,创设探究物体质量一定时加速度与力的关系问题情境,考查加速度与力的关系,牛顿第二定律相关知识,考查理解能力、实验探究能力、推理论证能力。答案:分黑分分或分或分12.(1)10.0(1)(2)(2)(4)1.2(2)88.0(2)2020.0(2)解析:()指针恰好指到刻度值为处,每小格为,故读数为。1101Ω10.0Ω()多用电表欧姆挡,黑表笔对应为内部电源的正极,故需要将黑表笔与电流表正接线柱连接。2EE()根据闭合电路欧姆定律得I,则RRR),斜率的大小为电源电动势,故4=RRR0=I-A+ΩA+Ω+0EEE.,又因为欧姆挡刻度与表头电流的关系为R,表盘上的中值电阻为欧姆调零时对应该II=12V=-g挡位的总电阻,由表达式可以得出,正确的刻度值应与使用电池的电动势成正比,电流表的真实电阻值应.为12..,同理,电源电动势为时中值电阻值应为,所以图像上b的值为。.×100Ω=80Ω1.2V12Ω2015[命题意图]本题以通过多用电表测量电流表内阻为素材,创设探究欧姆表内部电池的电动势的问题情境,考查闭合电路欧姆定律、欧姆表工作原理、电流表的使用等相关知识,考查理解能力、实验探究能力、推理论证能力。答案:v18n3213.(1)=nm/s=0,1,2,3,…(2)(6+)cm4+12解析:()设该简谐波的波速为v,设OA间的距离为x,由题意可得1Δxn1λn,,,,…(分)Δ=+=9m=012314高三物理答案第页(共页)35{#{QQABCYCEggCgAIAAABhCQw3SCEMQkAECCCoGhAAAoAAACQNABAA=}#}λv(分)=T1解得v18/n,,,,…(分)=nms=012324+1()由于质点P从平衡位置开始振动,振动方程为y.t(分)2=003sinπ1tΔ5,即t5T1T1T(分)T=Δ==+18828所以质点P在开始振动后t.时的位移为y..Δ=125s=003sinπ×125.内通过的路程为sA2A(32)(分)125s=2+=6+cm222[命题意图]本题以机械波的传播为素材,创设研究质点振动情况的探索问题情境,考查机械波的传播规律、波的图像、简谐运动的公式、波长、波速等相关知识,考查理解能力和推理论证能力。答案:mg7R13mgR°14.(1)5(2)(3)6089解析:()小滑块沿圆弧槽下滑过程中,对、、整体1CABC水平方向根据动量守恒定律得mvmv(分)C-AB=01根据机械能守恒定律得1mv21mv2mgR(分)C+AB=122解得vgR,vgRC=AB=mvv2在最低点FmgC+AB(分)N-=R1Fmg(分)N=51由牛顿第三定律得F'mg(分)N=51()小滑块沿圆弧槽下滑过程中,对、、整体2CABC水平方向根据动量守恒定律得mvmvC-AB=0对时间累积求和可得mxmx(分)C-AB=01xxR(分)C+AB=1解得x1RAB=2自滑到上至滑到的最右端的过程,对、整体,根据动量守恒定律得mv1mv3mvCBCBBCC-AB=BC22(分)1由功能关系得1mv211mv213mv2μmgR(分)C+×AB=×BC+122222自滑上至的速度减为有μmgx11mv2(分)CBB0B=×AB122解得x3RB=8离开平台的最大位移为xxxB7R(分)Bm=AB+=18()设滑块离开弹射器时速度大小为v,方向与水平方向夹角为α3则R(vα)t(分)3=cos1R(vα)t1gt2(分)=sin-12gRgR解得v233,其中φ=α(αα)=α(αφ)=30°2cos3sin-cos4cossin-gR变形为v3=[(αφ)φ]2sin2--sin高三物理答案第页(共页)45{#{QQABCYCEggCgAIAAABhCQw3SCEMQkAECCCoGhAAAoAAACQNABAA=}#}当αφ时,即α,v有最小值vgR(分)2-=90°=60°min=31需要补充能量的最小值为E