广东省东莞市七校联考2024-2025学年高三上学期12月月考数学+答案

东莞市2024-2025学年第一学期七校联考试题一、单项选择题1．已知集合，，则（    ）A． B．C． D． 2．已知复数满足，则（    ）A．0 B．1 C． D．23．已知，满足，，，则，的夹角为（    ）A． B． C． D．4．已知，，则sin（α＋β）=（    ）A． B． C．D．5．已知一个圆锥和圆柱的底面半径和高分别相等，若圆锥的轴截面是等边三角形，则这个圆锥和圆柱的侧面积之比为（    ）A． B． C． D．6．古希腊毕达哥拉斯学派的“三角形数”是一列点（或圆球）在等距的排列下可以形成正三角形的数，如1，3，6，10，15，…，我国宋元时期数学家朱世杰在《四元玉鉴》中所记载的“垛积术”，其中的“落一形”锥垛就是每层为“三角形数”的三角锥的锥垛（如图所示，从上到下，顶上一层1个球，第二层3个球，第三层6个球…），若一“落一形”三角锥垛有20层，则该锥垛第18层球的个数为（    ）A．190 B．171 C．153 D．1367．对任意两个实数，，定义，若，，则下列关于函数的说法正确的是（    ）A．函数是奇函数B．函数在区间上单调递增C．函数图象与轴有三个交点D．函数最大值为28．定义在R上的函数满足，若且，则（    ）A．B．C． D．与的大小不确定多项选择题9．甲、乙两名高中学生某学科历次测试成绩(百分制)分别服从正态分布，，其正态分布的密度曲线如图所示，则下列说法中正确的是（    ）附：若随机变量X服从正态分布，则.A．甲同学的平均成绩优于乙同学的平均成绩B．乙同学的平均成绩优于甲同学的平均成绩C．甲同学的成绩比乙同学成绩更集中于平均值附近D．若，则甲同学成绩高于80分的概率约为0.158710．对于函数，给出下列结论，其中正确的有（）A.函数在区间上的值域为B.函数的图象关于点对称C.将函数的图象向左平移个单位长度得到函数的图象D.曲线在处的切线的斜率为111．已知双曲线C：的左右焦点分别为，且，A、P、B为双曲线上不同的三点，且A、B两点关于原点对称，直线与斜率的乘积为1，则下列正确的是（    ）A．双曲线C的实轴长为B．双曲线C的离心率为C．若，则三角形的周长为D．的取值范围为三、填空题：本题共3小题，每小题5分，共15分．12．写出过点且与圆相切的一条直线方程：_____________.13．在中，若，且AB边上的中线长为2，则面积的最大值为_______.14．已知函数为奇函数，则函数在上的最小值为.四、解答题：本题共5小题，共77分．解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤．15．（本小题满分13分）某数学兴趣小组为研究本校学生数学成绩与语文成绩的关系，采取有放回的简单随机抽样，从学校抽取样本容量为200的样本，将所得数学成绩与语文成绩的样本观测数据整理如下：语文成绩合计优秀不优秀数学成绩优秀503080不优秀4080120合计90110200(1)根据小概率值的独立性检验，能否认为数学成绩与语文成绩有关联？(2)在人工智能中常用表示在事件发生的条件下事件发生的优势，在统计中称为似然比.现从该校学生中任选一人，表示“选到的学生语文成绩不优秀”，表示“选到的学生数学成绩不优秀”.请利用样本数据，估计的值.附：16．（本小题满分15分）如图，在四棱锥中，底面为矩形，平面为的中点．(1)证明：平面．(2)若平面与平面的夹角为，求的长．17．（本小题满分15分）已知数列的前项和为，，数列是以1为公差的等差数列．(1)求数列的通项公式；(2)若对于任意正整数，都有，求实数的最小值.18．（本小题满分17分）已知函数（1）当时，求曲线在点处的切线方程；（2）若函数有两个不同的零点，.①求实数a的取值范围；②证明：.19．（本小题满分17分）通过研究，已知对任意平面向量，把绕其起点A沿逆时针方向旋转角得到向量，叫做把点B绕点A逆时针方向旋转角得到点P(1)已知平面内点，点，把点B绕点A逆时针旋转得到点P，求点P的坐标：(2)已知二次方程的图象是由平面直角坐标系下某标准椭圆绕原点O逆时针旋转所得的斜椭圆C，（i）求斜椭圆C的离心率；（ⅱ）过点作与两坐标轴都不平行的直线交斜椭圆C于点M、N，过原点O作直线与直线垂直，直线交斜椭圆C于点G、H，判断是否为定值，若是，请求出定值，若不是，请说明理由.东莞市2024-2025学年第一学期七校联考高三数学参考答案题号1234567891011答案DABDCBCABCDADBCD1．D2．A3．В【详解】因为，所以，则，由于，所以．故选：B4．D【详解】因为，所以，所以，两式相加可得：，所以所以，解得，故选：D5．C【详解】设圆锥和圆柱的底面半径为，因为圆锥的轴截面是等边三角形，所以圆锥的母线长为，则圆锥和圆柱的高为，所以圆锥的侧面积为，圆柱的侧面积为，所以圆锥和圆柱的侧面积之比为，故选：C．6．B【详解】由于“三角形数”可以写为，故第层“三角形数”为，则第18层球的个数为171．7．C【详解】由题意可得：，令；解得或；令；解得；所以，即，作出函数的图象如图：对于选项A：由图像可知为偶函数，故选项A错误．对于选项B：由图像可知在区间上单调递增，但．可得在区间上不单调递增，故选项B错误．对于选项C：由图像可知：函数图象与轴有三个交点，故选项C正确．对于选项D：由图像可知：当时，函数最大值为1，故选项D错误．故选：C．8．A【详解】因为，所以函数的图象关于直线对称，又因为，所以在上递增，在上递减，当时，，当时，因为，所以，所以，所以，综上：．故选：A9．BCD【详解】解：由图象可知，甲的图象关于对称，乙的图象关于对称，所以甲同学的平均成绩为75分，乙同学的平均成绩为85分，故选项B正确，A错误；因为甲的图象比乙的图象更“高瘦”，所以甲的成绩比乙的成绩更集中于平均值左右，则甲同学成绩的方差比乙同学成绩的方差小，故选项C正确；若，则甲同学成绩高于80分的概率约为，故选项D正确．故选：ACD．10．AD【详解】由题意知，对于A，因为，所以，则，A正确；对于B，，故函数的图象不关于点对称，B错误；对于C，将函数的图象向左平移个单位长度得到函数的图象，C错误；对于D，，则，故曲线在处的切线的斜率为1，D正确，故选：BD11．【答案】BCD【详解】根据题意可知，所以，设，则，将分别代入到双曲线后相减可得代入可求解出，对A，根据，解之可得，所以双曲线的实轴长为，故A错误；对B，根据离心率，将代入可得，故B正确；对C，根据，可知，则，可求得，所以三角形的周长为，故C正确；对D，设与双曲线联立可得，若有解，需要解之可求出或，故D正确．故选：BCD12．，或．（写出其中一条即可）【详解】（方法一）在直角坐标系中作图可快速得出符合条件（方法二）点在圆外，切线有两条．当直线的斜率存在时，设过点的切线方程为，即．，得，切线方程为．当过点的直线的斜率不存在时，方程为，圆心到直线的距离等于1，符合条件．所求的切线方程是，或．13．【详解】因，则．所以，又，所以．设边上的中线为，则，则，所以，当且仅当时等号成立，所以14．【详解】令，即，解得，因为函数为奇函数，则函数图象关于原点对称，又，即中必有一个为1，则另一个为0，所以，则，符合题意；则，所以当时，当时，所以在上单调递减，在上单调递增，又，所以函数在上的最小值为．故答案为：15．【详解】（1）零假设：数学成绩与语文成绩无关．据表中数据计算得：根据小概率值的独立性检验，我们推断不成立，即认为数学成绩与语文成绩有关；（2）即估计的值为．16．【详解】（1）连接交于点，连接，如图，因为为的中点，为的中点，所以．又平面平面，所以平面．（2）因为平面平面，所以．又，所以两两互相垂直，故以为原点，所在直线分别为轴，轴，轴，建立空间坐标系如图所示，设，则，所以显然为平面的一个法向量．设平面的一个法向量为，则，即令，得由平面与平面的夹角为得，解得或（舍去），即．17．【详解】（1）数列是以1为公差的等差数列，且，，，当时，．当时，上式也成立．（2）由则而所以，即的最小值为18．【详解】解：（1）当时，，，所以，所以曲线在点处的切线方程是（2）函数有两个不同的零点，等价于方程有两个不同实根，①令，则，所以在上单调递增，在上单调递减，由于，当时，；当，的大致图象如图所示：（此处图象正确直接得2分）所以，当，即时，函数有两个不同的零点．②证明：不妨设，两式相加得，两式相减得，所以．要证，只需证即证设，令，则，所以函数在上单调递增，且，所以，即．19．【详解】（1）由已知可得，则，设，则，所以，即点P的坐标为；（2）①由与交点为和，则，由与交点为和，则，所以；②法一：设直线与斜椭圆联立：，有，，设直线，代入斜椭圆，有，，故．法二：将粗圆顺时针旋转，由已知可得椭圆方程为，点Q旋转后的坐标为，当直线旋转后斜率不存在时，，当直线旋转后斜率存在时，设直线旋转后为，旋转后，与椭圆方程联立，即，可得，，设直线旋转后为，代入粗圆方程中，有，．综上所述，．