四川省绵阳市南山中学2024-2025学年高二上学期12月月考物理答案

2024年12月绵阳南山中学2024年秋季高2023级12月月考物理参考答案123456789101112DADBCACBBCBDADAC4213.(1)20.50（2分）(2)AB（2分）(3)（2分）k14.(1)A（1分）D（1分）E（1分）(2)1.67（1分）(3)A（2分）(4)1.48（2分）0.59（2分）15.解：（1）两列波在x=0.5m处相遇，则相遇的时刻由xt（2分）v解得：t=0.75s（2分）（2）由题意T1s（2分）v两列波在0.75s同时传播到质点M处，在0.75s~1.2s，左右两侧波传到M，振动加强，则经过0.75s通过的路程s2=3×2A=12cm（2分）所以M点通过的总路程为12cm。U16.解：（1）微粒沿直线射出电场，则由平衡可知qmg（2分）dmgd解得U=2V（1分）qEU由闭合电路欧姆定律得回路的电流I1A（1分）R1rU滑动变阻器连入电路部分电阻R2Ω（1分）LI（2）若粒子从上极板右侧射出，则Lv0t（1分）112da1t（1分）22U1qmgma1（2分）dERL1又U1，联立解得U1=4V，RL14.5R1rRL1112U2q若粒子从下极板右侧射出，则Lv0t；da2t；mgma2（2分）22dERL2其中U2联立解得U2=0V，RL20R1rRL2则滑动变阻器RL的调节范围0≤RL≤4.5Ω。（1分）117.解：（1）小球由A到B的过程中由动能定理得qERmv2（1分）20mg解得E（1分）q由以上分析可知qE=mg，当小球运动到等效最低点M时速度最大，小球对轨道的压力最大，重力和电场力的合力大小为F2mg，方向斜向左下方与水平面成45°，小球由A到M的过程中，由动能定理得第1页共2页2024年12月1qER(1cos45)mgR(1cos45)mv2（2分）2Mmv2由牛顿第二定律得NFM（1分）R解得N32mg由牛顿第三定律，FN=N=32mg（1分）（2）假设小球刚好运动到D点，则小球在D点的速度为0，小球的释放点到B点的距离为x，则由动能定理得qEx-mg·2R=0解得x=2R＞R；则小球不能运动到D点；假设小球刚好运动到C点，则小球在C点的速度为0，由动能定理得小球应由B点静止释放；显然从A点释放的小球运动的最高点位于CD之间，（1分）设该点与圆心的连线与水平方向的夹角为ɑ，则由动能定理得qER(1+cosɑ)=mgR(1+sinɑ)（1分）解得ɑ=45°则小球能达到的最高点与水平面的高度为22HRRsin45R（1分）2（3）小球由释放到D点的过程中，由动能定理得1qE6.5Rmg2Rmv2（1分）2D解得vD3gR当小球的速度与合力垂直时动能最小，此时小球的速度斜向右下方与水平方向的夹角为45°，设此时的速度大小为v，由斜抛运动规律可得3vvcos452gR（1分）D219所以小球的最小动能为Emv2mgR（1分）kmin24小球离开D点后在竖直方向做自由落体运动，水平方向向右做匀减速直线运动，小球从离开D点到落在水平面的时间为Rt2（1分）g1小球在水平方向的位移为xvtgt2（1分）D2解得x=4R则落地点与释放点间的距离为Δx=xAB-x=2.5R则落地点与释放点的电势差为U=－E·Δx（1分）5mgR解得U（1分）2q第2页共2页