物理答案

红河州第一中学2023届高三年级第二次联考物理参考答案14.【答案】B【解析】根据单摆周期公式，摆钟变慢，即周期变大，所以需要缩短摆线长。15.【答案】C【解析】根据牛顿第二定律，，解得;由，得，所以匀加速的最长时间为7.5s,所以B错误；6s末的瞬时功率72kW,C错误；由。16.【答案】C【解析】炮弹与飞机的水平速度相同，所以在飞行员看来，空中所有的炮弹都在一条竖直的直线上。17.【答案】D【解析】前后齿轮转动的角速度之比和齿数比相反，应为4：9，周期之比为9：4，故AC错误；后齿轮与后车轮同轴，但题目没提供后齿轮半径，所以无法计算它们的线速度之比所以B也错误；前齿轮转过一圈，后齿轮和后轮均转过圈，所以后轮外边缘上一点走过的路程为，所以选D。18．【答案】B【解析】大气压强时，管中水银柱长。由，可知，封闭空气柱的压强为。大气压强变为时，管内水银长度小于高水银柱。水银外流使管中空气柱的长度增加，压强减小，设为，则,又。则，故选B。19．【答案】BC【解析】A．若北斗导航卫星要从地球表面逃脱地球的引力束缚，则在地面处速度必须大于11.2km/s，若要从Q点逃脱地球的引力束缚，则在该处速度可以小于11.2km/s，选项A错误；B．根据可知北斗导航卫星在“墓地轨道”上的速度小于在同步轨道上的速度，故北斗导航卫星在“墓地轨道”上的动能小于在同步轨道上的动能，B正确；C．实践21号卫星在P点从同步轨道到转移轨道需要加速做离心运动，选项C正确；D．实践21号卫星从“墓地轨道”回到地球近地轨道的过程中需要多次变轨，机械能和其它形式的能相互转化，机械能不守恒。20．【答案】AD【解析】AC．根据图（b）得到原线圈电压的最大值为50V，加在变压器原线圈上正弦交流电压的有效值为,电压表的示数为：35.3V,故C错误，A正确；B．根据图（b）得到原线圈电流周期为0.02s，转速，某交流发电机要产生与图（b）相同频率的交流电，其线圈在磁场中的转速为，故B错误；D．瞬时电压大于即火花放电；根据且，，则实现点火的条件是：变压器原、副线圈的匝数、须满足，故D正确。21．【答案】BD【解析】A．点电荷从开始运动到进入球壳之前由于受到静电斥力作用而做减速运动，进入球壳以后由于内部场强为零，则电荷不受电场力作用，电荷做匀速运动；接触弹簧后受弹力作用再次做减速运动，选项A错误；B．点电荷从刚进入球壳到刚要出球壳的过程中，不受电场力作用，则由点电荷、球壳、弹簧组成的系统只有弹力做功，机械能守恒，选项B正确；C．当弹性势能最大时两者共速，满足：，解得，此时由能量关系：，则弹簧最大弹性势能一定小于,选项C错误；D．点电荷由C孔出来时应满足：；，解得，可知的方向可能与相同，也可能相反，选项D正确。22.【答案】(每空2分）(1)①挡光片中心 (2) (3)滑轮与绳子之间有摩擦、重物运动受到空气阻力等 (4)重力加速度【解析】(1)①实验时，测量出挡光片中心到光电门中心的竖直距离；(2)重物经过光电门时的速度为；则如果系统(重物、以及物块)的机械能守恒，应满足的关系式为(3)引起该实验系统误差的原因：滑轮与绳子之间有摩擦、重物运动受到空气阻力等(4)根据牛顿第二定律可知，解得： ，当增大时，式子的分母趋近于，则的值会趋于重力加速度。23.【答案】 (每空2分）(1) 1.4 0.7 (2) 0.12 1.02 86%【解析】在电池的U－I图象中纵截距表示电源电动势，斜率绝对值表示电源内阻；根据闭合电路的欧姆定律，求出电路中的电流，用电流的平方乘以旧电池的内阻为旧电池本身消耗的电功率，用电流的平方乘以灯泡的电阻为灯泡实际消耗的功率，用电源电动势乘以电流得电源提供的电功率，用灯泡消耗的功率除以电源的总功率即电源的效率。24．【答案】（1）7m/s；（2）96J；【解析】（1）设滑块刚冲上传送带底端的速度为，根据能量守恒①代入数据得②因为且，故滑块在传送带上先向上加速，根据根据牛顿第二定律③若滑块在传送带上一直加速，则离开传送带时的速度大小满足④解得⑤所以假设成立，滑块离开传送带时的速度大小为7m/s。第2问解法一：（2）滑块在传送带上运动时间⑥该段时间，传送带的位移⑦对传送带，根据动能定理有⑧解得⑨由功能关系可知，传送带克服摩擦力所所做的功等于其多消耗的电能，故电动机传送滑块多消耗的电能为⑩第2问解法二：小滑块增加的机械能为：⑥滑块在传送带上运动时间:⑦滑块和传送带由于摩擦所产生的热量⑧由能量守恒定律知传送带多消耗的电能为⑨解得⑩评分标准：其中③⑧各2分，其余每式1分，共10分25.解析：（1）对滑块：………………………1分对木板：………………………1分………………………1分………………………1分………………………1分（2）………………………1分………………………1分（3）设滑块在半圆轨道上与竖直方向成θ时滑块速的速度最大，滑块滑离木板时的速度为v，则：………………………1分………………………1分…………………2分………………………1分给分标准：第一问5分，每式1分；第二问2分，每式1分；第3问5分，共12分。26.解：（1）细金属杆从到的过程，由动能定理： ①解得： ②（2）为满足要求，细金属杆只要在倾斜导轨上达到匀速运动即可，则匀速时： ③由法拉第电磁感应定律、闭合电路的欧姆定律可得： ④联立②～④解得： ⑤（3）稳定时细金属杆速度最大，此时： ⑥对，由动量定理可得： ⑦且 ⑧结合电容器放电过程可得： ⑨能量转化效率： ⑩联立⑥～⑩式解得： ⑪当时，效率最高 ⑫最大值： ⑬评分标准：本题满分20分，正确得出②⑥⑧⑨⑩⑬式各给1分，其余各式各给2分。