山东省淄博市2025届高三下学期3月模拟考试（淄博一模）物理答案

淄博市2024—2025学年度高三模拟考试物理试题参考答案2025.3一、单项选择题：本题共8小题，每小题3分，共24分。在每个题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。12345678DBDCACBD二、多项选择题：本题共4小题，每小题4分，共16分。在每个题给出的四个选项中，有多项符合题目要求。全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分。9101112ADCDBDBC三、非选择题：本题共6小题，共60分。ddr213．（6分）（1）（2分）（2分）（2）0（2分）tRtg14．（8分）（1）2K（2分）（2）A（2分）（3）1.30（1分）（4）4.0103（2分）1.2（1分）．（分）解：（）篮球射出时竖直方向的分速度为：①（分）1581vyvsin----------------12篮球在竖直方向上有：②----------------------------------------（1分）vy2gh篮球最高点距地面的高度为：Hh1h③---------------------（1分）由①②③得：H2.65m-------------------------------------------（1分）12（2）小齐离开地面后竖直上抛过程中有：Hhgt④------------------------------（1分）021篮球在竖直方向上有：（分）vygt2⑤-------------------------------1从篮球发出到小齐起跳离地的时间为：tt2t1⑥-----------（1分）由④⑤⑥得：t0.4s-----------------------------------------------（1分）高三物理参考答案第1页（共5页）16．（8分）解：（1）对贮气舱内原有气体和新压入的气体，由玻意耳定律得：--------------------------------------------------（2分）p0(V09V0)pV0解得：------------------------------------------------------（1分）p10p0（）潜水艇在深度处的压强为：①（分）2hp2p0gh--------------------1对贮气舱内的气体，由玻意耳定律得：②------------------------------------------（2分）10p0V08p0(V0V)对排入储水舱内的气体，由玻意耳定律得：V8pVp0③----------------------------------------------------（1分）0223p由①②③得：h0-------------------------------------------（1分）g17．（14分）解：（1）由法拉第电磁感应定律可知：BUntS①------------------------------------------（1分）tB且tk②t12电子在MN间被加速过程有：Uemv③------------------------------（1分）2电子在区域Ⅰ中偏转过程中，由几何关系得：2r1sinL④------------（1分）v2由向心力公式得：evBm⑤------------------（1分）r1eB2L2由①~⑤式得：k-------------------------（1分）2nmS（2）若电子恰能回到Ⅱ区则电子在Ⅲ区中的运动轨迹应与Ⅲ区的右边界相切，由几何关系得：r2r2sinL⑥-------------------------（1分）v2又evB2m⑦r23由⑥⑦式得：BB-------------------------（2分）22高三物理参考答案第2页（共5页）（3）电子进入Ⅱ区后在竖直方向和水平方向速度的分量分别为：v1vsin⑧v2vcos⑨22Ee沿水平方向有：vv2()L⑩------（1分）32mv由⑨⑩得：v○1132322电子进入Ⅲ区时合速度为：v合vv13v223由合得：ev合B2mr3Lr39v1电子进入Ⅲ区时合速度v合与水平方向的夹角应满足：tan○12v3由⑧○11○12得：tan3即：60323因rrsinLL故电子不会从Ⅲ区右边界射出-------------------（1分）339由几何关系知电子在磁场Ⅲ中转过的圆心角为：300-----------------------（1分）2m又T-------------------------------------------（1分）eB2tT----------------------------------------------（1分）36010m解得：t---------------------------------------（1分）9eB18．（16分）解：（1）对A、B及弹簧系统由动量及能量守恒定律得：mBvBmAvA0①-------------------------------------------（1分）1212Emvmv②-----------------------------------（1分）P2AA2BBv1m/s由①②得：B----------------------------------------（1分）高三物理参考答案第3页（共5页）1（2）若B在传送带上一直加速，由vtat2LB218得：am/s23则B在传送带末端的速度为：v末at5m/s4m/s不合题意------------（1分）故B在传送带上先做匀加速直线运动再做匀速直线运动，设加速用时为t1，匀速用时为t2，vv则由BtvtL--------------------------------------（1分）2121ttt解得：t1s121由vvBa1t11mBgmBa1-------------------------------------------------（1分）得：10.3---------------------------------------------------（1分）v（3）B在斜面顶端有：v③-------------------（1分）0cos由v-t图像可知B每次在斜面上向上减速过程和向下加速过程的加速度大小分别为：a7.5m/s2a2.5m/s22322B在斜面上由顶端向下匀加速滑动过程中有：vB1v02a3L2④-------------------（1分）由③④式得：vB18m/s对B、C第一次碰撞过程有：mBvB1mBvB1mCvC1⑤121212mvmvmv⑥-------------------------（1分）（⑤⑥式只要写对其一即得1分）2BB12BB12CC1由⑤⑥得：vC12m/smC7kg--------------（1分）由v-t图像得：x12.4mx23.2m高三物理参考答案第4页（共5页）v0若C在经xx过程后速度恰减为0，则由：C1txx21221得：t0.8s2.4s故B与C再次碰撞时C早已停止运动B与C第一次碰后对C有：2⑦0vC12(ac)(x2x1)2mCgcosmCgsinmCaC⑧-------------------------------（1分）3则由⑦⑧得：-------------------------------------------------（1分）22（4）设B第n次与C碰前的速度为vBn，由⑤⑥相同的规律可知碰后B、C的速度大小分别为：31vvvv⑨Bn4BnCn4Bn2第n次碰后B上升过程有：vBn2a2xn⑩211C减速过程有：vCn2aCxCn○B与C第（n+1）次碰撞前的速度应满足：2○12vB(n1)2a3(xnxCn)1由⑨~○12式得：vv------------------------------------------（1分）B(n1)2Bn2vBn由⑨○11式可知第n次碰撞后C的位移为：xCn32aC21vBn第（n+1）次碰撞后C的位移为：xC(n1)432aC又第一次碰后C的位移为：xC10.8m0.8则每次碰后C的位移为：xm(n1,2,3)----------------------------------------（1分）Cn4n-11n0.81（）416C沿斜面下滑的最大距离为：xxxxm----------（1分）m12311154高三物理参考答案第5页（共5页）