湖北省部分高中协作体2025届高三下学期3月一模联考物理试题答案

高三物理试题答案一、单项选择题：1、解析：D 照相机每隔0.1s拍照一次，所以题图中0～8cm所用的时间t＝0.4s，照片与实物的比例为1∶10，所以题图中8cm对应的实际位移x＝80cm＝0.8m，则小球在通过题图中8cm距离内的平均速度eq\o(v,\s\up6(－))＝eq\f(x,t)＝eq\f(0.8,0.4)m/s＝2m/s，A、B错误；题图中对应小球通过6cm处的瞬时速度可用题图中3.5cm到7.5cm这一段位移的平均速度表示，题图中3.5cm到7.5cm这一段对应的实际位移x′＝40cm＝0.4m，所用时间t′＝0.2s，所以题图中6cm处的瞬时速度v′＝eq\f(x′,t′)＝eq\f(0.4,0.2)m/s＝2m/s，C错误，D正确。2、解析：D 取水面上质量为m的水滴，从小孔喷出时，由机械能守恒定律可知mgy＝eq\f(1,2)mv2，解得v＝eq\r(2gy)，A错误；水从小孔P射出时做平抛运动，则x＝vt，h－y＝eq\f(1,2)gt2，解得x＝veq\r(\f(2（h－y）,g))＝2eq\r(y（h－y）)，可知x与小孔的位置有关，由数学知识可知，当y＝h－y，即y＝eq\f(1,2)h时，x最大，最大值为h，并不是y越小x越大，B、C错误，D正确。3、解析：B 飞船上的观测者相对飞船静止，测得的长度仍为30m，而地球上的观测者观测高速飞行的飞船，长度缩短了，故A错误，B正确；根据狭义相对论的基本假设可知，飞船和地球上的观测者测得光信号的速度均为c，C、D均错误。4、解析：C 由题可知，振幅为A＝20cm，频率为f＝0.5Hz，则ω＝2πf＝π，由图可知波的波长为λ＝8m，波向右传播，且v＝λf＝8×0.5m/s＝4m/s，该时刻P点的振动方向沿y轴负方向，Q点的振动方向沿y轴正方向，故从该时刻开始计时P点的振动方程为y＝20sin(πt＋eq\f(3π,4))cm，故t＝0时P点的位移为y＝10eq\r(2)cm，当t＝0.25s时P点的位移为y＝0，P点到达平衡位置，故ABD正确，C错误。本题选不正确的，故选C。5、解析：A 根据电阻定律可知R＝ρeq\f(l,S)得ρ＝eq\f(RS,l)，故电流沿AB方向时有ρ＝eq\f(Rbc,a)，AB错误；若电流沿CD方向，样品的电阻R′＝ρeq\f(b,ac)＝eq\f(b2,a2)R，A正确，D错误。故选A。6、解析：B 粒子a向上偏转，由左手定则可判断，粒子a带正电，而粒子b向下偏转，则粒子b带负电，故A错误；如图所示，由几何关系可知，磁场宽度x＝Rasin60°＝Rbsin30°，解得Ra∶Rb＝1∶eq\r(3)，故B正确；由qvB＝meq\f(v2,R)，可得v＝eq\f(qBR,m)，比荷相同，磁场相同，则va∶vb＝Ra∶Rb＝1∶eq\r(3)，故C错误；粒子运动的周期T＝eq\f(2πm,qB)，则Ta＝Tb，a运动的时间ta＝eq\f(60°,360°)Ta＝eq\f(1,6)Ta，b运动的时间tb＝eq\f(30°,360°)Tb＝eq\f(1,12)Tb，故ta∶tb＝2∶1，故D错误。7、解析：C 根据几何关系，光束边缘的光线进入半球时的入射角为30°，根据折射定律可知n＝eq\f(sinθ,sin30°)，解得θ＝45°，到达底面时与O点距离为L，则有eq\f(L,sin45°)＝eq\f(R,sin75°)，解得L＝(eq\r(3)－1)R，则能从底面透射出光的面积为S＝π(eq\r(3)－1)2R2，故C正确，A、B、D错误。8、解析：BD 将楔形物体、光滑球体视为一个整体可知，楔形物体对地板的压力大小为(M＋m)g，故A错误；球体对AC面的弹力大小为FNAC＝eq\f(mg,cosθ)＝eq\f(5,3)mg，当F＝FNACsinθ＝eq\f(4,3)mg时，楔形物体水平方向上受到的合力为零，没有运动趋势，摩擦力为零，故B正确；楔形物体受到的最大静摩擦力Ffm＝μ(m＋M)g，当水平向右的外力最小(设为Fn)时，楔形物体可能有向左运动趋势，当μ(m＋M)g≥eq\f(4,3)mg时，Fn＝0；当μ(m＋M)g＜eq\f(4,3)mg时，Fn＝eq\f(4,3)mg－μ(m＋M)g，故C错误；当水平向右的外力最大(设为Fm)时，楔形物体有向右运动趋势，由平衡条件有Fm－FNACsinθ－Ffm＝0，解得Fm＝eq\f(4,3)mg＋μ(m＋M)g，故D正确。9、解析：BCD 若A、B与C上表面间的动摩擦因数相同，弹簧被释放后，A、B分别相对C向左、向右滑动，它们所受的滑动摩擦力FA向右，FB向左，由于mA∶mB＝3∶2，所以FA∶FB＝3∶2，则A、B组成的系统所受的外力矢量和不为零，故A、B组成的系统动量不守恒，A错误；对A、B、C组成的系统，A与C、B与C间的摩擦力为内力，该系统所受的外力为竖直方向的重力和支持力，它们的合力为零，故该系统的动量守恒，和A、B与C间的动摩擦因数或摩擦力大小是否相等无关，B、D正确；若A、B所受的摩擦力大小相等，则A、B组成的系统所受的外力矢量和为零，故其动量守恒，C正确。10、解析：AD 调制是把要发射的信号“加”到高频振荡电流上去，频率越高，传播信息能力越强，A正确；电磁波在空气中的传播速度接近光速且恒定不变，B错误；由v＝λf，知波长与波速和传播频率有关，C错误，D正确。二、非选择题：（本大题共5小题，共60分）11、(12分)解析：(1)v-t图像中，图线斜率的绝对值表示加速度大小，根据图乙可知，0～2s内滑块Q的加速度大小a1＝eq\f(12－4,2)m/s2＝4m/s20～2s内木板P的加速度大小a2＝eq\f(4,2)m/s2＝2m/s2两物体一起做匀减速直线运动的加速度大小a3＝eq\f(4,6－2)m/s2＝1m/s2。(2)v-t图像中，图线与时间轴所围几何图形的面积表示位移，则滑块Q运动的总位移x＝eq\f(12×2,2)m＋eq\f(4×6,2)m＝24m。(3)0～2s内对滑块Q分析有μ1mg＝ma10～2s内对木板P分析有μ1mg＋F－μ2(mg＋Mg)＝Ma2两物体一起做匀减速直线运动，对PQ整体分析有μ2(M＋m)g＝(M＋m)a3解得F＝9N。答案：(1)4m/s2 2m/s2 1m/s2 (2)24m (3)9N12、(12分)解析：(1)小物体在E点处做圆周运动，当其恰好通过E点时，小物体速度为零，从C到E的运动过程，根据动能定理有0－eq\f(1,2)mvC2＝－mg·2R解得vC＝2eq\r(6)m/s设小物体刚好反弹到E点，斜面长度为L，全过程对小物体运动，根据动能定理有0－eq\f(1,2)mvC′2＝－mg·2R－2μmgLcosθL＝eq\f(R,tanθ)解得vC′＝2eq\r(10)m/s故小物体在水平面上的速度范围为2eq\r(6)m/sμmgcosθ故小物体最后停在H处，从小物体开始运动到小物体最后停止，全过程用动能定理－mgR－μmgscosθ＝0－eq\f(1,2)mv02解得s＝1.8m。答案：(1)2eq\r(6)m/s