2023届广东省惠州市高三第三次调研考试数学试题

惠州市2023届高三第三次调研考试试题数学全卷满分150分，时间120分钟．注意事项：1．答题前，考生务必将自己的姓名、准考证号、座位号、学校、班级等考生信息填写在答题卡上。2．作答单项及多项选择题时，选出每个小题答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案信息点涂黑。如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其它答案，写在本试卷上无效。3．非选择题必须用黑色字迹签字笔作答，答案必须写在答题卡各题指定的位置上，写在本试卷上无效。一、单项选择题：本题共8小题，每小题满分5分，共40分。在每小题给出的四个选项中，只有一项符合题目要求，选对得5分，选错得0分。1．已知集合，，且，则实数（）A．B．1C．或1D．02．数列为等差数列，、是方程的两个根，则的前2022项和为（）A．1011B．2022C．4044D．80883．“”是“方程表示双曲线”的（）条件A．必要不充分条件B．充分不必要条件C．充要条件D．既不充分也不必要条件4．已知实数，则下列结论一定正确的是（）A．B．C．D．5．已知互不重合的三个平面α、β、γ，其中，，，且，则下列结论一定成立的是（）A．b与c是异面直线B．a与c没有公共点C．D．6．若函数（且）在上为减函数，则函数的图象可以是（）A．B．C．D．7．在“2，3，5，7，11，13”这6个素数中，任取2个不同的数，这两数之和仍为素数的概率是（）A．B．C．D．8．已知，且恒成立，则的最小值为（）A．1B．C．D．二、多项选择题：本题共4小题，每小题满分5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多项符合题目要求。全部选对得5分，部分选对得2分，有选错的得0分。9．已知复数，则下列选项正确的是（）A．z的虚部为1B．C．为纯虚数D．在复平面内对应的点位于第一象限10．在全市高三年级举行的一次数学达标测试中，共有20000人参加考试。为了了解本次考试学生成绩情况，从中抽取了部分学生的成绩（成绩均为正整数，满分为100分）作为样本进行统计，样本容量为n．按照，，，，的分组作出频率分布直方图如图所示，其中成绩落在区间内的人数为16．则下列结论正确的是（）A．样本容量B．频率分布直方图中C．估计该市全体学生成绩的平均分约为70.6分D．该市要对成绩由高到低前20%的学生授予“优秀学生”称号，则成绩为78分的学生肯定能得到此称号11．已知函数，，则下列结论正确的是（）A．函数在上单调递增B．存在，使得函数为奇函数C．任意，D．函数有且仅有2个零点12．画法几何的创始人—法国数学家加斯帕尔·蒙日发现：若椭圆的两条切线互相垂直，则两切线的交点位于一个与椭圆同中心的圆上，称此圆为该椭圆的蒙日圆．已知椭圆的离心率为，、分别为椭圆的左、右焦点，点A在椭圆上，直线，则下列结论正确的是（）A．直线l与蒙日圆相切B．椭圆C的蒙日圆的方程为C．记点A到直线l的距离为d，则的最小值为D．若矩形MNGH的四条边均与C相切，则矩形MNGH的面积的最大值为三、填空题：本题共4小题，每小题5分，共20分，其中16题第一个空2分，第二个空3分。13．已知平面向量，，若与垂直，则实数__________．14．在平面直角坐标系xOy中，角的终边经过点，则__________．15．在圆内，过点的最长弦和最短弦分别为AC和BD，则四边形ABCD的面积为__________．16．用数学的眼光看世界就能发现数学之“美”．现代建筑讲究线条感，曲线之美让人称奇．衡量曲线弯曲程度的重要指标是曲率，曲线的曲率定义如下：若是的导函数，是的导函数，则曲线在点处的曲率为．则曲线在处的曲率为__________；正弦曲线曲率的平方的最大值为__________．四、解答题：本题共6小题，共70分。解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤。17．（本小题满分10分）数列中，，．（1）求证：数列是等比数列；（2）若，求数列的前n项和．18．（本小题满分12分）条件①，条件②，条件③．请从上述三个条件中任选一个，补充在下列问题中，并解答．已知的内角A、B、C所对的边分别为a，b，c，且满足________，（1）求A；（2）若AD是的角平分线，且，求的最小值．（注：如选择多个条件分别解答，按第一个解答计分）19．（本小题满分12分）如图，在四棱锥P-ABCD中，底面ABCD为正方形，底面ABCD，，E为线段PB的中点，F为线段BC上的动点．（1）证明：平面平面PBC；（2）若直线AF与平面PAB所成的角的余弦值为，求点P到平面AEF的距离．20．（本小题满分12分）某地经过多年的环境治理，已将荒山改造成了绿水青山，为估计一林区某种树木的总材积量，随机选取了10棵这种树木，测量每棵树的根部横截面积（单位：）和材积量（单位：），得到如下数据：样本号i12345678910总和根部横截面积0.040.060.040.080.080.050.050.070.070.060.6材积量0.250.400.220.540.510.340.360.460.420.403.9并计算得，，．（1）估计该林区这种树木平均一棵的根部横截面积与平均一棵的材积量；（2）求该林区这种树木的根部横截面积与材积量的样本相关系数（精确到0.01）；（3）现测量了该林区所有这种树木的根部横截面积，并得到所有这种树木的根部横截面积总和为．已知树木的材积量与其根部横截面积近似成正比．利用以上数据给出该林区这种树木的总材积量的估计值．附：相关系数，．21．（本小题满分12分）已知函数．（1）当时，求函数的单调区间；（2）若函数恒成立，求实数a的取值范围．22．（本小题满分12分）已知椭圆的右焦点为F，点在椭圆上且．（1）求椭圆C的方程；（2）点P、Q分别在椭圆C和直线上，，M为AP的中点，若T为直线OM与直线QF的交点．是否存在一个确定的曲线，使得T始终在该曲线上？若存在，求出该曲线的轨迹方程；若不存在，请说明理由．惠州市2023届高三第三次调研考试数学试题参考答案与评分细则一、单项选择题：本题共8小题，每小题满分5分，共40分。题号12345678答案ACBADCAD1．【解析】由集合元素的互异性及子集的概念知，解得实数．故选A．2．【解析】所以的前2022项和，，故选C．3．【解析】因为方程表示双曲线，所以，解得或，即，所以“”是“方程表示双曲线的充分不必要条件，故选B．4．【解析】A项中，因为，所以，故A项正确；B项中，因为函数在上单调递减且，所以，故B项错误：C项中，因为，则，故C项错误；D项中，若，，则，故D项错误．故选A．5．【解】∵，∴，，∵，，∴，，，∵，∴，∴，∴，如右图所示：故A，B，C错误；故选D．6．【解析】由函数在上为减函数，可知，函数的定义域为或，故排除A，B，又，可知在单调递减，故排除D．故选C．7．【解析】由题意得，6个数中任取2个数，共有种可能，2个素数之和仍为素数，则可能为（2和3）、（2和5）、（2和11）共有3种可能，所求概率．故选A．8．【解法一】数形结合，当时，曲线介于直线PA和PB之间，即，又因为恒成立，所以且，即且∴．故选D．【解法二】由，得：；令，∴，令，则，∴在上单调递减，∴，则，∴在上单调递减，∴，∴；令，则，∵，∴；当时，，∴在上单调增∴，不合题意；当时，，∴在上单调减，∴，满足题意；当时，，使得，又在上单调递减，∴当时，，∴在上单调递增，则，不合题意；综上所述．二、多项选择题：本题共4小题，每小题满分5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多项符合题目要求。全部选对得5分，部分选对得2分，有选错的得0分。题号9101112答案ACBCABCAC9．【解析】，∴z的虚部为1，，为纯虚数，在复平面内对应的点位于第四象限，故选AC．10．【解析】对于A：样本容量，故A不正确；对于B：因为，解得，故B正确：对于C：学生成绩平均分为，C正确；对于D：因为，即按照成绩由高到低前20%的学生中不含78分的学生，所以成绩为78分的学生不能得到此称号，故D不正确，故选BC．11．【解析】对于A：因为，所以，，因此，故，所以在上单调递增，故A正确；对于B：令，则，令，定义域为，关于原点对称，且，故为奇函数，B正确对于C：时，；时，；时，；C正确；对于D：时，，时，，时，，所以只有1个零点，D错误；故选：ABC12．【解析】当两切线分别与两坐标轴垂直时，两切线的方程分别为、，所以，点在蒙日圆上，故蒙日圆的方程为，因为，可得．对于A选项，蒙日圆圆心到直线l的距离为，故l与蒙日圆相切，A对；对于B选项，C的蒙日圆的方程为，B错；对于C选项，由椭圆的定义可得，则，所以，因为，直线l的方程为，点到直线l的距离为，所以，当且仅当时，等号成立，C对；对于D选项，若矩形MNGH的四条边均与C相切，则矩形MNGH的四个顶点都在蒙日圆上，所以，所以矩形MNGH的面积为，D错．故选：AC三、填空题：本题共4小题，每小题5分，共20分，其中16题第一个空2分，第二空3分。13．2；14．1；15．；16．（2分），1（3分）13．【解析】因为与垂直，所以，即，解得．14．【解法一】由三角函数的定义可知，，所以【解法二】因为角的终边经过点，所以，所以．15．【解析】圆的标准方程为，则圆心半径，由题意知最长弦为过E点的直径，最短弦为过E点和这条直径垂直的弦，即，且，圆心和E点之间的距离为1，故，所以四边形ABCD的面积为．故答案为：16．【解析】（1）由，，则，（2）由，，则，，令，则，故，设，则，在时，递减，所以，最大值为1．故答案为：，1四、解答题：本题共6小题，共70分。解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤。17．（本小题满分10分，其中第一小问4分，第二小问6分）【解析】（1）因为，所以，且1分得2分又3分所以数列是以1为首项，2为公比的等比数列4分【注：无首项和公比的说明，本得分点不得分】（2）由（1）可知，1分所以2分又由题知所以3分5分【注：等差等比求和公式各1分】∴6分18．（本小题满分12分，其中第一小问6分，第二小问6分）【解析】（1）选②因为，由正弦定理所以1分即，2分由余弦定理3分4分因为，5分【注：无此步骤，本得分点不得分】所以6分选③因为，正弦定理且所以，1分即3分而，∴，cos≠0，．分【注：无此步骤，本得分点不得分】所以5分因为，所以，即6分选①因为，由正弦定理所以，1分即，2分所以，3分而，∴，4分故，5分因为，所以6分【备注：从3个条件的思维量及计算步骤数综合分析，从易到难排序为②<③<①】（2）【解法一】如图，过D分别作，由题意可知和都是边长为1的正三角形．1分由得2分所以，即同理，，所以由得，即3分因此4分，5分当且仅当时取等号6分【注：无此步骤，本得分点不得分】所以的最小值为．【解法二】由题意可知，，1分由角平分线性质和三角形面积公式得，2分【注：面积公式正确可得1分】化简得，即，3分因此4分，5分当且仅当时取等号6分【注：无此步骤，本得分点不得分】所以的最小值为．19．（本小题满分12分，其中第一小问6分，第二小问6分）【解析】（1）【解法一】因为底面ABCD，平面ABCD，所以．1分因为ABCD为正方形，所以，又因为，平面PAB，平面PAB【见注1】所以平面PAB．2分因为平面PAB，所以．3分因为，E为线段PB的中点，所以，4分又因为，平面PBC，平面PBC【见注1】所以平面PBC．5分又因为平面AEF，所以平面平面PBC．6分【注1：证明线面垂直过程中，无写出三个辅助条件，扣1分】【解法二】因为底面ABCD，平面PAB，所以平面底面ABCD1分又平面底面，，平面ABCD，【见注1】所以平面PAB．2分因为平面PAB，所以．3分因为，E为线段PB的中点，所以．4分因为，平面PBC，平面PBC【见注1】所以平面PBC5分又因为平面AEF，所以平面平面PBC6分【解法三】因为底面ABCD，，以A为坐标原点，以的方向分