理科综合答案

曲靖市第一中学2023届第五次诊断性考试理科综合能力测试参考答案一、选择题12345678CDDCCBDC910111213141516CADBDBBD1718192021ABCABCBCBCD选择题部分1.【答案】C【解析】氨基酸通过脱水缩合形成的肽链，还需要经过盘曲、折叠和盘绕形成一定的空间结构，才具有一定的功能，A错误。尿素改变的是核糖核酸酶的空间构象，使核糖核酸酶肽链中的氢键断裂，没有使肽链的肽键断裂，B错误；核糖核酸酶属于蛋白质，基因控制蛋白质合成，氨基酸的排序信息储存于基因的碱基顺序中，C正确；尿素会导致核糖核酸酶变性并失去活性，当去除尿素后，它又会重新折叠并再次获得活性，而高温使酶的空间构象发生不可逆的改变，两者影响不完全相同，D错误；2.【答案】D【解析】真核细胞中的RNA都是由DNA转录形成的，有的在细胞核中完成，有的在线粒体或叶绿体中完成，A错误；密码子与反密码子的方向是相反的，如果mRNA上的密码子是5′AUG3′，那么tRNA上的反密码子是3′UAC5′，B选项错误；tRNA是细胞中转运氨基酸的工具，氨基酸连接在tRNA的3′端的羟基上，C错误；mRNA是翻译的模板、tRNA是氨基酸的运输工具，rRNA是蛋白质的合成场所核糖体的组成成分，这种RNA最可具有降低化学反应活化能的作用，D正确。3.【答案】D【解析】真核细胞中的RNA都是由DNA转录形成的，有的在细胞核中完成，有的在线粒体或叶绿体中完成，A错误；密码子与反密码子的方向是相反的，如果mRNA上的密码子是5′AUG3′，那么tRNA上的反密码子是3′UAC5′，B选项错误；tRNA是细胞中转运氨基酸的工具，氨基酸连接在tRNA的3′端的羟基上，C错误；mRNA是翻译的模板、tRNA是氨基酸的运输工具，rRNA是蛋白质的合成场所核糖体的组成成分，这种RNA最可具有降低化学反应活化能的作用，D正确。4.【答案】C【解析】神经细胞膜外Na+浓度高于细胞内，兴奋沿神经纤维传导至突触前膜，会引起Na+内流，A错误；突触前膜释放的神经递质，在突触间隙中经自由扩散到达突触后膜，B错误；C、当抑制性神经递质作用于突触后膜，会引起突触后膜上的K+通道开放，造成K+外流，C正确；突触前神经元的动作电位峰值，与突触后神经元的动作电位峰值一般不相等，D错误。5.【答案】C【解析】生长素主要促进细胞核分裂，细胞分裂素主要促进细胞质分裂，二者协调促进细胞分裂的完成，表现出协同作用，而脱落酸能够抑制细胞分裂，A正确；植物激素能调控基因表达，其自身的产生和分布也受基因组控制，B正确；生长素类似物具有促进生长的作用，但不能诱导染色体变异，不会改变植物的遗传特性。秋水仙素会使植物细胞的染色体数目加倍，改变植物的遗传特性，C错误；大雨影响传粉，不能形成种子。开花期遇到大雨，喷洒适宜浓度的生长素类似物，黄瓜（收获果实）可以减少损失，玉米（收获种子）不行，D正确。6.【答案】B【解析】A、密度制约因素对种群数量变化的影响是通过反馈调节而实现的，如被捕食者（食物）对捕食者的数量变化的影响就是通过反馈调节实现的，被捕食者（食物）减少，使捕食者减少，反之，捕食者减少，被捕食者增加，A正确；B、天敌和昆虫病毒属于密度制约因素，B错误；C、K值与种群密度有密切关系，若昆虫的种群数量超过K值，与种群密度有密切关系的密度制约因素作用会增强，C正确；D、非密度制约因素气候、季节、降水等，可影响种群出生率和死亡率，从而影响种群密度，D正确。7.【答案】D【解析】A．石油分馏出来的各馏分是沸点在一定范围内的多种烃的混合物，A正确；B．煤的气化是以煤或煤焦为原料，以氧气（空气、富氧或纯氧）、水蒸气或氢气等作气化剂，在高温条件下通过化学反应将煤或煤焦中的可燃部分转化为气体燃料的过程，通过气化或液化能把煤转变成清洁能源，故B正确；C．用H2代替天然气作燃料，燃料中不含有碳元素，且燃烧充分，燃烧产物为水，所以符合绿色低碳发展理念，故C正确；D．碳纤维的主要成分为碳单质，属于无机非金属材料，D不正确。8.【答案】C【解析】A．水解生成的次氯酸具有漂白性，不能测PH，A错误；B．电解58.5g熔融的NaCl，能产生11.2L氯气(标准状况)、23g金属钠，故B错误；C．该反应中转移1个电子，故标况下生成3.36L氯气，即0.15mol氯气转移0.15mol电子，C正确；D．每个水分子有10个电子，18克水为0.9mol，故有9mol电子，D错误。9.【答案】C【解析】A．少量SO2通入NaClO溶液，SO2被氧化为硫酸，离子方程式为：-2−-SO2+H2O+3ClO=2HClO+SO4+Cl，故A错误；-2+—B．向碳酸氢镁溶液中加入足量的氢氧化钠溶液：2HCO3+Mg+4OH2-=Mg(OH)2↓+2H2O+2CO3，故B错；C．向FeBr2溶液中通入一定量的Cl2,当n(FeBr2):n(Cl2)=1:1时，发生反应：-2+-3+2Br+2Fe+2Cl2=4Cl+2Fe+Br2C正确；D．高锰酸钾标准溶液与草酸溶液反应生成硫酸钾、硫酸锰、二氧化碳和水，反应的离子-+2+方程式为2MnO4+5H2C2O4+6H=2Mn+10CO2↑+8H2O，故D错误。10.【答案】A【解析】A．实验中双氧水的浓度不同，不能比较不同的催化剂对化学反应速率的影响，A错误；B．在干燥的氯化氢气氛中加热氯化镁晶体可防止镁离子水解，可制备无水MgCl2，B正确；C．左侧H2SO4浓度大于右侧浓度，浓度大该反应速率大，左试管的速率大于右试管的速率，C正确；-2-3D．10ml0.1mol/L的KI的物质的量为n=cV=0.1mol/L×10L=10mol，2ml0.01molFeCl3的物质的量为n=cV=0.01mol/L×2×10-3L=2×10-5mol，根据反应，很明显碘化钾过量，若反应不可逆，完全反应，就不存在Fe3+，若滴加KSCN溶液后溶液呈红色，说明反应可逆且有限度，D正确。11.【答案】D【解析】X的某种单质被喻为“地球的保护伞”为臭氧，则X为O，W2X2分子中含有18个电子，则W的原子序数为1、W为H，四种短周期元素W、X、Y、Z，它们的原子序数依次增大，最外层电子数之和为13，且位于不同的主族，则Y、Z最外层电子数之和为13-1-6=6=2+4，则Y为第三周期第ⅡA的Mg、Z为第三周期第ⅣA的Si，据此回答。12.【答案】B-++【解析】由图可知，含Fe的催化电极为正极，电极反应为NO+3e+4H=NH3OH，Pt电极-+为负极，电极反应为H2-2e=2H，据此分析解答。-++【详解】A．由分析知，含Fe的催化电极的电极反应为NO+3e+4H=NH3OH，故A正确；-++B．含Fe的催化电极为正极，电极反应式为NO+3e+4H=NH3OH，22.4LNO(标况下)的物质的量为1mol，左室增加的质量为1molNO和3mol氢离子的质量，即1mol×30g/mol+0.3mol×1g/mol=33g，故B错误；C．该装置为原电池，故电池工作时，H+应从负极移动向正极，故从右室穿过氢离子交换膜向左室迁移，故C正确；D．由题意可知，盐酸羟胺化学性质类似NH4Cl，则NH2OH具有和氨气类似的弱碱性，可++以和盐酸反应生成盐酸羟胺(NH3OHCl)，所以缺少的一步反应为NH2OH+H=NH3OH，++图2中，A为H，B为NH3OH，故D正确。13.【答案】D【解析】已知p(Ag+)=－1gc(Ag+)，p(X-)=－lgc(X-)，Ag+、X-浓度越大，浓度的负对数的数据值就越小，由Ksp(AgCl)>Ksp(AgBr)可知A表示AgCl，B表示AgBr，以此解题。【详解】A．由分析可知，B线表示的是AgBr，A错误；B．t℃时，c点溶液中c(Ag+)、c(Br-)大于该温度下饱和溶液中c(Ag+)、c(Br-)，即Qc=c(Ag+)·c(Br-)>Ksp(AgBr)，所以会有AgBr固体析出，B错误；－－C．t℃时，AgCl(s)+Br(aq)AgBr(s)+Cl(aq)的平衡常数K=-+-c(Cl)c(Ag)⋅c(Cl)Ksp(AgCl)-==+-cBr()cAg()⋅cBr()Ksp(AgBr)，由图中数据可得出K约为104，C错误；D．由图可知结合分析可知，a点溶液中氯离子浓度大，则取a、b两点处溶液等体积混合，向溶液中加入足量浓硝酸银溶液，由于溶液中n(Cl-)>n(Br-)，所以生成的沉淀n(AgBr)答案】B【解析】A、卢瑟福通过分析粒子散射实验结果，得出原子的核式结构模型。故A错误；B、图中在光的颜色保持不变的情况下，入射光越强，饱和光电流越大。故αB正确；C、根据左手定则可得，图射线甲是粒子，而丙图是粒子流。故C错误；D、链式反应属于重核的裂变。故D错误；αβ15.【答案】B【解析】擦窗工具做匀速直线运动，其受力平衡，摩擦力与重力和拉力的合力F等大反向，对擦窗工具进行正视图的受力分析如下图所示：重力与拉力的合力F大小为：F＝＝mg，方向与水平方向夹角为45°，则摩擦力的大小为mg，方向与水平方向夹角为45°，故B正确，ACD错误。16.【答案】D【解析】A、交流电载入图所示的位置，磁通量的变化率最大，故A错误；B、滑动变阻器上下移动的时候，V1、V2的读数不变，故B错误；2C、交流电压的最大值等于NBL，电压表V1示数为有效值；由于：；ω所以电压表V2的读数是，故C错误；D、变压器的输入输出功率相等，所以输入与输出功率之比为1：1．故D正确17.【答案】A【解析】A、简谐横波沿x轴正方向传播，根据“平移法”可知P在该时刻速度沿y轴正方向，故A正确；B、根据a＝﹣可知此时刻P质点的加速度沿y轴负方向，故B错误；C、P不在平衡位置，波峰、波谷处，所以此后周期内通过的路程不为A，故C错误；D、振动质点不会随波迁移，只能在平衡位置两侧做往复振动，故D错误。18.【答案】BC【解析】A、圆环沿杆下滑过程中，弹簧的弹力对圆环做负功，圆环的机械能不守恒，故A错误；B、图中弹簧水平时恰好处于原长状态，弹簧的弹性势能为零，圆环下滑到最大距离时弹簧的长度变为2L，可得物体下降的高度为h＝L，圆环与弹簧组成的系统机械能守恒，根据系统的机械能守恒定律可知，弹簧弹性势能变化量为ΔEp＝mgh＝mgL，故B正确；C、圆环所受的合力为零，速度最大，此后圆环继续向下运动，则弹簧的弹力增大，圆环下滑到最大距离时，所受合力不为零，故C正确；D、根据圆环与弹簧组成的系统机械能守恒，知圆环的动能先变大后变小，则圆环重力势能与弹簧弹性势能之和先变小后变大，故D错误。19.【答案】ABC【解析】A、根据题意，由平衡条件有p1S+m0g＝p0S4代入数据解得p1=9×10Pa，故A正确；B、根据题意可知，当缸内气柱长度L2＝22cm时，弹簧被压缩2cm，根据平衡条件有p0S+kΔx＝m0g+p2S根据一定质量的理想气体气态方程有又有T1＝（273+12）K＝285K联立解得T2＝383K，故B正确；CD、根据题意可知，当气缸对地面的压力为零时，再升高气体温度，气体压强不变，设此时气体的温度为T3，对气缸，由平衡条件得p0S+Mg＝p3S对活塞，根据平衡条件有p3S+m0g＝p0S+kΔx1根据一定质量的理想气体气态方程有联立解得T3＝437K即缸内气体温度上升到437K以上，气体将做等压膨胀，故C正确，D错误。20.【答案】BC【解析】依题意，作出从M、N两点射出粒子轨迹图如图所示；C、粒子运动轨迹如图所示，可以看出，粒子落到b点到c点的过程中，半径越来越大，则由：可知，速度越来越大，所以从M点射出粒子的速率一定小于从N点射出粒子的速率，故C正确；AB、因为粒子在磁场中的运动时间和圆心角成正比，且由几何关系知，弦切角等于圆心角的一半，所以当弦切角最小时对应粒子的运动时间最短，如图所示，当弦与圆周相切时，弦切角最小，因为Ob长为R，所以由几何关系知，此时弦切角为＝60°，所以圆心角为＝120°，所以最短运动