广西壮族自治区百色市名校2023-2024学年高三上学期9月月考（物理） 参考答案

2024届广西名校开学考试试题物理参考答案1.【答案】C【详解】A.相同质量的核燃料，轻核聚变比重核裂变释放的核能更多，A错误；.根据质量数守恒和核电荷数守恒可知，氘氚核聚变的核反应方程为2341，错误；B1H+1H2He+0nBC.两个轻核结合成质量较大的核，会释放核能，产生质量亏损，生成物的结合能比反应物的结合能大，而反应前后核子数不变，所以原子核的比结合能增加，故C正确；D.核聚变反应过程中放出大量能量，有质量亏损，D错误。2.【答案】B【详解】若研究两个过程的逆过程，可看做是从篮筐沿同方向斜向上的斜抛运动，落到同一高度上的AB两点，由于落入篮筐时的速度方向相同，设此时与水平方向的夹角为θ，竖直方向速度vy=vsinθ，上升高度h=，A点抛出上(Vsinθ)2升的高度较大，所以从A抛出初速度大，t=，可知A运动时间较长，即B先落入篮筐中，A、C、�D错误；VsinθB.因为两球抛射角相同，A的射程较远，vx=v�cosθ则A球的水平速度较大，即在最高点的速度比B在最高点的速度大，C错误，B正确；故选B。3.【答案】C【详解】机械波在同一介质中波速相同，由题意知波长P点=4m，由题图知周期T=4s，则v=1m/s，A错误；波源发出的波C这列波最先传到质点D，tc==3s，B错误；当t=3s时，质点D开始振动，D点由A、B、C在6s时的位移????叠加可知，此时位移为2cm，C正确；�A、B两列波振动频率一样，起振方向一样，能发生干涉现象D错误。4.【答案】D【详解】A.天和核心舱里的宇航员处于悬浮状态是因为处于完全失重状态，但仍受重力作用，故A错误；Mmv2GMB.根据万有引力提供向心力Gm，可得v，可知该组合体运行的线速度大于地球同步轨道卫星的线速r2rr度，故B错误；Mm2GMC.根据牛顿第二定律Gmr，可得，可知“天舟五号”独立在轨运行时的角速度等于空间站组合体r2r3的角速度，故C错误。D.“天舟五号”货运飞船绕地球运动，“天舟五号”货运飞船的发射速度应大于第一宇宙速度小于第二宇宙速度，故D正确。5.【答案】CkQ1EkQ2【详解】设BC边长度为r，则AC边长度为2r，根据库仑定律12，E22rr2、的竖直分量相等，由几何关系知E1E2E1sin45E2Q1解得22故ABD错误，C正确。故选C。Q2第1页共4页{#{QQABDYSUogioAAAAABgCUQEACAOQkBECCCgOhAAMIAABSAFABAA=}#}6.【答案】DE【详解】通过速度选择器的粒子，受力平衡qvB1qE得v四种粒子，有两个粒子通过速度选择器，因为B12mv，所以通过速度选择器进入磁场的粒子是乙和丙。由牛顿第二定律得v，得Rv甲v乙v丙v丁qvB2mRqB2因为m乙m丙所以R乙R丙E则乙打在P3点，丙打在P4点；因为v乙v丙v甲v乙v丙v丁B1EE所以v甲v丁B1B1则qv甲B1qEqv丁B1qE甲离子洛伦兹力大于电场力，粒子向上偏转，打在P2点，丁离子洛伦兹力小于电场力，粒子向下偏转，打在P1点；综上可知，打在P1、P2、P3、P4四点的离子分别是丁甲乙丙，故ABC错误，D正确。故选D。7.【答案】CD【详解】A.由题图知b光的折射角较小，根据折射定律，知b光的折射率较大，频率也较大，故AB错误。C.由题图可知，b光线入射角为，折射角由折射率的定义得，故i=60°r=30°sinib光线在玻璃中的传n播=速sin度r为n=3c3由题图知b光线在玻璃砖中传播v=的n路=程3cL23所以b光线穿过玻璃砖需要时间s=cos30故°=C3正L确。s2Lt=v=cLD.对于同一种介质，b光的折射率较大，说明b光的波长较短。根据条纹间距公式x可知，b光的干涉条纹间距d较小，故D正确。故选CD。8.【答案】AD【详解】A.依题意，DE轨道粗糙，小球经过时，摩擦力会做功，机械能不守恒，故A正确；12B.依题意，小球到达最低点C点时，有mg(hR1)mv，解得v102m/s，故B错误；22v1C.假定小球到E点速度为v1，依题意有mg1.5mgm，从静止释放到经过E点，合外力做的功等于动能的变化量，R21212故Emv037.5J，故C错误；整个运动过程，摩擦力做的功为Wf，据动能定理有mv0mg(hR)W，k21212f解得Wf12.5J，故D正确。故选AD。9.【答案】BC【详解】A.该交流电周期为，故A错误；2�B.感应电动势的最大值，又，磁通量的最大值，联立解得：�，故B正确；������=????����=����=��=2�(�+�)=(�+�)=2�(�+�)��第2页共4页{#{QQABDYSUogioAAAAABgCUQEACAOQkBECCCgOhAAMIAABSAFABAA=}#}C.电阻两端电压为路端电压，大小为，故C正确；D.线圈�转动一周的过程中，电阻产生�的�热量，故D错误。故选BC。有222���10.【答案】BC��=�????=�【详解】A.杆的弹力竖直分力要平衡A球的重力，所以永远不可能等于零。NxB.杆的弹力竖直分力为N，对小球A：竖直方向受力平衡，则杆水平方向的分力与竖直方向的分力满足tan，Ny竖直方向Nymg，则Nxmgtan。若B球受到的摩擦力为零，对B根据牛顿第二定律可得Nxma，可得agtan，对小球A、B和小车整体根据牛顿第二定律F4ma4mgtan，B正确；C.若µ值足够大，则B不会滑动。当A对右壁的压力恰好等于零时，分析A可知F合mgtan，可得a=gtanθ，对A、B球和车，得F=4ma=4mgtanθ。故C正确。D.由要保持相对静止，由C知道A球的最大加速度a1=a=tanθ；当B有向左最大加速度时，B会受到向左的最大静摩擦力，对A、B球用整体法可知B球对车底压力为2mg，对B球受力分析如图，由图得合力F=2µmg-mgtanθ=ma2，得a2=2µg-gtanθ。因为tan，所以a2≥a1，即A球先达到临界状态，故整体的最大加速度amax=a1=tanθ，对A球、B球和车组成的整体得推力F的最大值为4mgtanθ。11.（6分）（1）BCDA（2分）（2）1.2（2分）（3）2.0（2分）解析：（1）BCDA（2）�4+�52（3）��=2�=1.2�/�(x4+x5+x6)−(x1+x2+x3)12.（10分）2a=9T=2.0�/�（1）6.0或6（1分）（2）0.700(0.698-0.702)（1分）9.15(9.12-9.17)（1分）（3）R2（1分）（4）如右图所示（3分）只要有错误都不给分（5）小于（1分）cb2（6）（2分）4a【详解】（1）根据图示可知，指针指向刻度6，由于采用的欧姆挡“×1”，故电阻读数为6.0Ω。（2）螺旋测微器的读数为D0.5mm200.01mm0.700mm，金属丝的长度为9.15cm（3）电路电源是两节干电池，电源电压为3V，通过金属丝的最大电流约U3IA0.5AR6R1的额定电流0.1A太小，则R1不合适，且R1阻值过大，即使电流在安全范围内，电路调节也不方便，故滑动变阻器选R2。（4）根据实验电路图连接实物电路图，如图所示第3页共4页{#{QQABDYSUogioAAAAABgCUQEACAOQkBECCCgOhAAMIAABSAFABAA=}#}U（5）电路图采用了电流表外接法，考虑到电压表分流的影响，电流表读数偏大，根据欧姆定律R，可知待测电阻I测量值小于其真实值。2L12cb（6）根据电阻定律有R，Sb，S44a13.（10分）（1）对井盖进行受力分析有p0SmgpS（2分）mg536105代入数据有pp01.0010Pa1.00910Pa（1分）S0.4（2）等温变化，设t时间水位上升x，则刚顶起时有p0ShpS(hx)（2分）p1.00105解得0（分）x1h152.018m0.018m1p1.00910x0.018则所用的时间为th0.3h（1分）v60103（3）空气等温变化，有pShp(ShV)，其中hhx（2分）代入数据解得V0.0064m3（1分）14.（14分）（1）匀速时根据平衡条件：安（1分）解得：（分）�安+���=�1根据安培力的表达式：解得：（分）�安=1�1金属棒为电源，其两端的电压为路端电压，等于电阻R的电压，所以：（1分）�=����=1�（2）根据（1分）安22�=��=3����解得：（分）�=���=�+�=1�根据能量守恒：总（2分）�=5�/�1解得：（2分）��总−����=2�1�+�则电阻R上的发�热量=2.5�总（1分）3（3）金属棒静止到刚好匀速过程由动量定理（2分）�=5�=1.5�（1分）���????−��????−��????=��联立解得：（1分）�=????=�+�=3�15.（16分）（1）小球刚运动到滑块最低点A时，对小球（2分）�=8�2��0得（1分）��−��=�由牛顿第三定律可知，小球对滑块的压力方向竖直向下（分）�1�=2.1�FN2.1N（2）小球滑上滑块到运动至最高点的过程中，小球和滑块组成的系统水平方向动量守恒、机械能守恒，设小球运动到最高点h时，滑块和小球水平方向的速度大小相等，设为v共共（2分）解得v共=0.2m/s（1分）0共（分）解得（分）��=(�+2�)�212��0(�+�)�（3）设小球第一次着地前瞬间，竖直方向的速度大小设为，初次着地后经t时间，小球与地面发生第2=2+��ℎℎ=0.76�次碰撞时与点的距离为，则（分）解得（分）Cx�1�1vy1=m/s12295�1解�得+1�=2�ℎ（2分）5��1112131�当�=时�1+2+=2s+2（1+分⋯）+22��1295此时�→∞共�=�m25（1分）295即要使�=小�球能�水12平5进入接收器最低点P，P与C间的最小距离为m。295125第4页共4页{#{QQABDYSUogioAAAAABgCUQEACAOQkBECCCgOhAAMIAABSAFABAA=}#}