吉林省长春市第二中学2023-2024学年高三上学期10月月考 物理答案

吉林省长春市第二中学2023-2024学年高三上学期第二次调研测试物理试题1.北宋文学家欧阳修有句名言：任其事必图其效；欲责其效，必尽其方。这句话的意思是：承担一工作，必定要考虑工作的成效，想要求得工作的成效，尽可能采用好的方式方法。学习和研究物理问题更加需要科学思想方法的指引，对下面列举的物理研究过程采用的思想方法，其中认识正确的是（ ）A.瞬时速度概念的建立体现了等效替代的方法B.质点概念的引入运用了理想化模型的方法C.探究加速度与力、质量的关系的实验，采用了理想实验的方法xFD.速度v、加速度a的定义都运用了比值定义法tm【答案】B【解析】【详解】A．瞬时速度概念的建立体现了极限的方法，选项A错误；B．质点概念的引入运用了理想化模型的方法，选项B正确；C．探究加速度与力、质量的关系的实验，采用了控制变量的方法，选项C错误；xFD．速度v运用了比值定义法，而加速度a的定义不是比值定义法，选项D错误。tm故选B。2.用卡车运输质量为m的匀质圆筒状工件，为使工件保持固定，将其置于两光滑斜面之间，如图所示．两斜面I、Ⅱ固定在车上，倾角分别为30°和60°．重力加速度为g．当卡车沿平直公路匀速行驶时，圆筒对斜面I、Ⅱ压力的大小分别为F1、F2，则3333A.F=mg，F=mgB.F=mg，F=mg132212231331C.F=mg，F=mgD.F=mg，F=mg12221222【答案】D【解析】【详解】对圆筒进行受力分析知圆筒处于三力平衡状态，受力分析如图，由几何关系可知，31Fmgcos30，Fmgsin30．解得Fmg，F2mg由牛顿第三定律知1212231Fmg,Fmg，故D正确12223.如图（a），我国某些农村地区人们用手抛撒谷粒进行水稻播种。某次抛出的谷粒中有两颗的运动轨迹如图（b）所示，其轨迹在同一竖直平面内，抛出点均为O，且轨迹交于P点，抛出时谷粒1和谷粒2的初速度分别为v1和v2，其中v1方向水平，v2方向斜向上。忽略空气阻力，关于两谷粒在空中的运动，下列说法正确的是（）A.谷粒1的加速度小于谷粒2的加速度B.谷粒2在最高点的速度小于v1C.两谷粒从O到P的运动时间相等D.两谷粒从O到P的平均速度相等【答案】B【解析】【详解】A．抛出的两谷粒在空中均仅受重力作用，加速度均为重力加速度，故谷粒1的加速度等于谷粒2的加速度，A错误；C．谷粒2做斜向上抛运动，谷粒1做平抛运动，均从O点运动到P点，故位移相同。在竖直方向上谷粒2做竖直上抛运动，谷粒1做自由落体运动，竖直方向上位移相同故谷粒2运动时间较长，C错误；B．谷粒2做斜抛运动，水平方向上为匀速直线运动，故运动到最高点的速度即为水平方向上的分速度。与谷粒1比较水平位移相同，但运动时间较长，故谷粒2水平方向上的速度较小即最高点的速度小于v1，B正确；D．两谷粒从O点运动到P点的位移相同，运动时间不同，故平均速度不相等，谷粒1的平均速度大于谷粒2的平均速度，D错误。故选B。4.“夸父一号”卫星全称先进天基太阳天文台（ASO-S），是我国首颗综合性太阳探测专用卫星。已知“夸父一号”绕地球做匀速圆周运动，运行在距离地面高度约为720km的太阳同步晨昏轨道上，如图所示。与地球同步卫星相比，“夸父一号”（ ）A.周期小B.线速度小C.加速度小D.万有引力小【答案】A【解析】【详解】A．根据Mm42Gmrr2T2可得r3T2GM与地球同步卫星相比，“夸父一号”的轨道半径小，则周期小，A正确；B．根据Mmv2Gmr2r可得GMvr地球同步卫星相比，“夸父一号”的轨道半径小，则线速度大，B错误；C．根据MmGmar2可得GMar2地球同步卫星相比，“夸父一号”的轨道半径小，则加速度大，C错误；MmD．根据FG地球同步卫星相比，“夸父一号”的轨道半径小，但二者的质量未知，无法比较二者r2所受万有引力的大小，D错误。故选A。5.1932年，查德威克用未知射线轰击氢核，发现这种射线是由质量与质子大致相等的中性粒子（即中子）组成。如图，中子以速度v0分别碰撞静止的氢核和氮核，碰撞后氢核和氮核的速度分别为v1和v2。设碰撞为弹性正碰，不考虑相对论效应，下列说法正确的是（ ）A.碰撞后氮核的动量比氢核的小B.碰撞后氮核的动能比氢核的小C.v2大于v1D.v2大于v0【答案】B【解析】【详解】设中子的质量为m，氢核的质量为m，氮核的质量为14m，设中子和氢核碰撞后中子速度为v3，由动量守恒定律和能量守恒定律可得mv0mv1mv3111mv2mv2mv2202123联立解得v1v0设中子和氮核碰撞后中子速度为v4，由动量守恒定律和能量守恒定律可得mv014mv2mv4111mv214mv2mv2202224联立解得2vv2150可得v1v0v2碰撞后氢核的动量为pHmv1mv0氮核的动量为28mvp14mv0N215可得pNpH碰撞后氢核的动能为11Emv2mv2kH2120氮核的动能为128mv2E14mv20kN22225可得EEkHkN故B正确，ACD错误。故选B。6.一种升降电梯的原理如图所示，A为电梯的轿厢，B为平衡配重。在某次运行时A（含乘客）、B的质量分别为M1000kg和m800kg。A、B由跨过轻质滑轮的足够长轻质缆绳连接。电动机通过牵引绳向下拉配重B，使得电梯的轿厢由静止开始向上运动（轿厢A、配重B一直未与滑轮相撞）。电动机输出功率P2kW保持不变。不计空气阻力和摩擦阻力，g10m/s2。在A向上运动过程中，则（ ）A.轿厢A先做匀加速直线运动，再做加速度减小的直线运动，最后做匀速直线运动B.轿厢A能达到的最大速度vm0.2m/sC.轿厢A向上的加速度为a2m/s2时，配重B下端的牵引绳上拉力F5600ND.厢体A从静止开始到上升的高度为5m时（箱体已处于匀速状态），所用的时间t5.25s【答案】C【解析】【详解】电动机输出功率P2kW保持不变，速度增大时，根据PFv可知牵引力减小，所以轿厢A做加速度减小的直线运动，最后做匀速直线运动，故A错误；B．当轿厢A的速度达到最大时轿厢A做匀速直线运动，电动机的牵引力为F，则有F(Mm)g又PFvm代入数据解得vm1m/s故B错误；2C．当A向上的加速度为a2m/s时，设A、B之间绳的拉力为FA，重物B下端绳的拉力大小为FB。分别分析A、B，根据牛顿第二定律得FAMgMa，FBmgFAma联立解得FB5600N故C正确；D．厢体A从静止开始到上升的高度为5m时，轿厢箱体已处于匀速状态，对A、B整体，由动能定理得1PtmghMgh(Mm)v22m代入数据解得t5.45s故D错误；故选C。7.水平面有一粗糙段AB长为s，其动摩擦因数与离A点距离x满足kx（k为恒量）。一物块（可看作质点）第一次从A点以速度v0向右运动，到达B点时速率为v，第二次也以相同速度v0从B点向左运动，则（ ）A.第二次也能运动到A点，但速率不一定为vB.第二次也能运动到A点，但第一次的时间比第二次时间长C.两次运动因摩擦产生的热量不相同2D.两次速率相同的位置只有一个，且距离A为s2【答案】D【解析】【详解】AC.根据题意可知，物体在两次运动过程中，在相同位置受到的摩擦力大小相等，两次运动的距离相等，摩擦力做功相同，两次运动因摩擦产生的热量相同，由动能定理可知，第二次到达B点的速率也为v，故AC错误；B.根据题意可知，第一次运动时，摩擦力越来越大，加速度越来越大，第二次运动时，摩擦力越来越小，加速度越来越小，两次运动的位移相等，结合AC分析和vt图像中，图像的斜率表示加速度和图像的面积表示位移，画出两次运动的vt图像，如图所示由图可知，第一次的时间比第二次时间短，故B错误；D.根据题意，设两次速率相同的位置距离A点的距离为x，相同的速率设为v1，根据动能定理，第一次有kxmg11xmv2mv222120第二次有ksmgkxmg11sxmv2mv222120联立解得2xs22则两次速率相同的位置只有一个，且距离A为s，故D正确。2故选D。8.甲、乙两车在同一平直公路上同向运动，甲做匀加速直线运动，乙做匀速直线运动。甲、乙两车的位置x随时间t的变化如图所示。下列说法正确的是（ ）A.在t1时刻两车速度相等B.从0到t1时间内，两车走过的路程相等C.从t1到t2时间内，两车走过的路程相等D.在t1到t2时间内的某时刻，两车速度相等【答案】CD【解析】【详解】A．位移−时间图像的斜率表示物体运动的速度，由图可知，在t1时刻两图像的斜率不相等，即t1时刻两车的速度不相等，故A错误；B．在0时刻，乙车的位置坐标为0，甲车在乙车的前方，t1时刻两车位置坐标相同，故从0到t1时间内，甲车走过的路程小于乙车走过的路程，故B错误；C．t1、t2时刻两车位置坐标相同，故从t1到t2时间内，两车走过的路程相等，故C正确；D．由图可知，在t1到t2时间内，甲车速度开始小于乙车最后大于乙车，所以在t1到t2时间内的某时刻，两车速度相等，故D正确。故选CD。9.如图所示，一个半径为R的半圆形轨道竖直固定放置，直径POQ水平，轨道的内表面动摩擦因数为μ.一质量为m的小滑块(可看作质点)自P点正上方由静止释放，释放高度为R，小滑块恰好从P点进入轨道．小滑块滑到轨道最低点N时对轨道的压力为4mg，g为重力加速度的大小．用W表示小滑块从P点运动到N点的过程中克服摩擦力所做的功．则( )A.小滑块恰好可以到达Q点B.小滑块不能到达Q点1C.W＝mgR21D.W