物理（九省联考考后强化卷，黑龙江、吉林）（解析版）

2024年1月“九省联考”考后强化模拟卷高三物理（适用地区：黑龙江、吉林试卷满分：100分）注意事项：1．答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。2．回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上。写在本试卷上无效。3．考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。一、选择题：本题共10小题，共46分。在每小题给出的四个选项中，第1~7题只有一项符合题目要求，每小题4分；第8~10题有多项符合题目要求，每小题6分，全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。1．（2024·吉林延边·延边第一中学校考一模）在韩国光州进行的2019年国际泳联世锦赛跳水女子十米台决赛中，中国选手陈芋汐获得冠军，这是中国队在该项目上第八次获得冠军。若只研究运动员入水前的下落过程，下列说法中正确的是（    ）A．为了研究运动员的技术动作，可将正在比赛中的运动员视为质点B．运动员在下落过程中，感觉水面在加速上升C．从开始起跳到入水的整个过程中，运动员的位移大于D．跳水过程中陈芋汐的重心位置相对自己是不变的【答案】B【详解】A．为了研究运动员的技术动作，运动员的形状大小不可忽略，不可将正在比赛中的运动员视为质点，故A错误；B．运动员在下落过程中，水面相对运动员向上加速运动，运动员感觉水面在加速上升，故B正确；C．从开始起跳到入水的整个过程中，初位置指向末位置的有向线段长度不会大于10m，故C错误；D．跳水过程中运动员的姿态变化，重心位置相对自己是变化的，故D错误。故选B。2．（2024上·辽宁辽阳·高三统考期末）2023年2月6日，天文学家报告新发现12颗木星卫星，使木星的已知卫星增至92颗。在木星的众多卫星中，盖尼米得、伊奥两颗卫星的轨道均近似为圆，盖尼米得的周期比伊奥的周期大，下列说法正确的是（ ）A．盖尼米得的线速度大于伊奥的线速度B．盖尼米得的角速度大于伊奥的角速度C．盖尼米得的轨道半径大于伊奥的轨道半径D．盖尼米得的向心加速度大于伊奥的向心加速度【答案】C【详解】C．根据题意，由开普勒第三定律有可知，由于盖尼米得的周期比伊奥的周期大，则盖尼米得的轨道半径大于伊奥的轨道半径，故C正确；A．由万有引力提供向心力有解得由于盖尼米得的轨道半径大于伊奥的轨道半径，则盖尼米得的线速度小于伊奥的线速度，故A错误；B．由万有引力提供向心力有解得由于盖尼米得的轨道半径大于伊奥的轨道半径，则盖尼米得的角速度小于伊奥的角速度，故B错误；D．由万有引力提供向心力有解得由于盖尼米得的轨道半径大于伊奥的轨道半径，则盖尼米得的向心加速度小于伊奥的向心加速度，故D错误。故选C。3．（2024·云南昆明·统考一模）升降椅简化结构如图所示，座椅和圆柱形导热汽缸固定在一起，汽缸内封闭了一定质量的理想气体。若封闭气体不泄漏且环境温度恒定，人坐上座椅到最终气体状态稳定的过程中，下列说法正确的是（ ）A．封闭气体的内能增加 B．封闭气体对外界做正功C．封闭气体向外界放出了热量 D．封闭气体的分子平均动能增大【答案】C【详解】A．环境温度恒定，因此整个过程中汽缸内的气体发生的是等温变化，温度不变。理想气体的内能与温度有关，因此封闭气体的内能不变，故A错误；B．人坐上座椅到最终气体状态稳定的过程中，汽缸内气体被压缩，体积变小，因此外界对封闭气体做功，故B错误；C．根据热力学第一定律气体内能不变外界对封闭气体做功因此即封闭气体向外界放出热量，故C正确；D．汽缸内气体发生的是等温变化，温度不变，温度是衡量分子平均动能的标准，因此封闭气体的分子平均动能不变，故D错误；故选C。4．（2024·湖南·一模）水袖是对古代服饰衣袖的夸张展现，是戏装的重要组成部分。戏曲演员经常通过对水袖的运用来刻画人物。水袖的运用，不仅肢体动作得以延伸，更是扩展了身体的表现力和延伸了内在感情。演员通过技法和身体的表现力，体现出“行云流水”般的美感。如果某段时间里水袖波形可视为简谐波，如图甲所示为演员水袖表演过程中某时刻的波形图，此时刻记为，M是平衡位置的质点，图乙为质点M的振动图像，则（ ）A．该简谐波沿轴正方向传播B．该简谐波的传播速度为C．质点M在内通过的路程为D．质点M在内在轴方向上移动了【答案】C【详解】A．由图乙可知，时刻，质点向上振动，根据波形平移法结合图甲可知，波沿轴负方向传播，故A错误；B．由图可知，，所以波的传播速度为故B错误；C．由于则质点M在内通过的路程为故C正确；D．质点只在平衡位置上下振动，并不会随波迁移，故D错误。故选C。5．（2024·河北·校联考模拟预测）如图甲所示，辘轳是古代民间提水设施，由卷筒、支架、井绳、水斗等部分构成。图乙为提水设施工作原理简化图，卷筒半径为R，某次从深井中汲取质量为m的水，并提升至高出水面H处的井口，假定出水面到井口转筒以角速度ω匀速转动，水斗出水面立即获得相同的速度并匀速运动到井口，则此过程中辘轳对水斗中的水做功的平均功率为（ ）A． B．C． D．【答案】A【详解】水上升的速度为水提升到井口对水做功为所用时间为平均功率为联立解得，此过程中辘轳对水斗中的水做功的平均功率为故选A。6．（2024·四川资阳·统考二模）如图，xOy平面内，电荷量为q（q>0）和-q的点电荷分别固定在（-a，0）和（a，0）点。要使P（0，a）点的电场强度为零，第三个点电荷Q的位置和电荷量可能是（ ）A．（-a，a）， B．（-a，a），C．（0，0）， D．（a，a），q【答案】A【详解】根据电场叠加原理可知，q（q>0）和-q的点电荷在P（0，a）点产生的场强方向沿方向，大小为所以要使P（0，a）点的电场强度为零，第三个点电荷Q的位置应该在的直线上。AB．若Q在（-a，a），要使P（0，a）点的电场强度为零，则有Q应带负电，且解得A正确，B错误；C．若Q在（0，0），P（0，a）点的电场强度不可能为零，C错误；D．若Q在（a，a），要使P（0，a）点的电场强度为零，则有Q应带正电，且解得D错误。故选A。7．（2024·辽宁·模拟预测）如图所示，质量均为m的A、B两物体叠放在竖直弹簧上并保持静止，用大小等于mg的恒力F向上拉B，运动距离h时，B与A分离，下列说法正确的是（ ）A．B和A刚分离时，弹簧长度等于原长B．B和A刚分离时，它们的加速度为gC．弹簧的劲度系数等于D．在B和A分离前，它们做加速度增大的加速直线运动【答案】C【详解】AB．在施加外力F前，对A、B整体受力分析，可得A、B两物体分离时，A、B间弹力为零，此时B物体所受合力即受力平衡，则两物体的加速度恰好为零，可知此时弹簧弹力大小等于A受到重力大小，弹簧处于压缩状态，故AB错误；C．B与A分离时，对物体A有由于所以弹簧的劲度系数为故C正确；D．在B与A分离之前，由牛顿第二定律知在B与A分离之前，由于弹簧弹力一直大于mg且在减小，故加速度向上逐渐减小，所以它们向上做加速度减小的加速直线运动，故D错误。故选C。8．（2024·湖南·湖南师大附中校联考一模）多个点波源在空间也可以形成干涉图样，如图甲是利用软件模拟出某时刻三个完全相同的横波波源产生的干涉图样。图乙是三个完全相同的横波波源在均匀介质中位置，波源S1，S2，S3分别位于等边三角形的三个顶点上，且边长为2m。三个波源时刻同时开始振动，振动方向垂直纸面，振动图像均如图丙所示。已知波的传播速度为0.25m/s，O处质点位于三角形中心，C处质点位于S2与S3连线中点。下列说法正确的是（ ）A．位于O处的质点的振幅为6cmB．其中一列波遇到尺寸为0.8m的障碍物时，不能发生明显的衍射现象C．t=4.5s时，C处质点与平衡位置之间的距离是D．由于三列波在同一种介质中传播，所以三列波的频率不同时也能够发生干涉现象【答案】AC【详解】A．O处质点位于三角形中心，该点到三个波源的间距相等，可知，该点为振动加强点，则该点振幅为故A正确；B．根据图丙可知，周期为4s，根据波速表达式有解得根据发生明显衍射的条件可知，其中一列波遇到尺寸为0.8m的障碍物时，能发生明显的衍射现象，故B错误；C．根据几何关系可知则波源S1的振动传播到C所需要时间表明t=4.5s时，波源S1的振动还没有传播到C点。由于C处质点位于S2与S3连线中点，则波源S2与S3的振动传播到C所需要时间均为表明t=4.5s时，波源S2与S3的振动传播到了C点，由于，C点为振动加强点，表明C点4.5s时刻的位移为波源S2与S3在时刻振动形式的叠加，图丙的振动方程为当时间为时，解得则t=4.5s时，C处质点与平衡位置之间的距离是故C正确；D．根据干涉的条件可知，机械波要发生干涉，波的频率必须相等，即三列波的频率不同时不能够发生干涉现象，故D错误。故选AC。9．（2024·福建·一模）如图所示，O点为半圆形区域的圆心，该区域内有垂直纸面向外的匀强磁场，磁感应强度大小为B，ON为圆的半径，长度为R，从圆上的A点沿AO方向以速度v射入一个不计重力的粒子，粒子从N点离开磁场。已知，则（ ）A．粒子带负电荷B．做圆周运动的半径为C．粒子的电荷量大小与质量的比值为D．粒子在磁场中运动的时间为【答案】AC【详解】A．粒子向上偏转，在A点受洛伦兹力向上，根据左手定则可知，四指指向与速度方向相反，粒子带负电，故A正确；B．粒子的轨迹如图  粒子射出磁场时速度偏转角为，设粒子做圆周运动的轨迹半径为r，由几何关系可知故B错误；C．由牛顿第二定律，洛伦兹力提供向心力可得粒子的比荷为故C正确；D．粒子在磁场中运动的时间t==D错误。故选AC。10．（2024·山东德州·校联考模拟预测）如图所示，质量为的长木板置于光滑水平地面上，质量为的小物块（可视为质点）放在长木板的右端，在木板右侧固定着一个竖直弹性挡板，挡板的下沿略高于木板。现使木板和物块以的速度一起向右匀速运动，物块与挡板发生弹性碰撞。已知物块与木板间的动摩擦因数，木板足够长，重力加速度，则下列说法正确的是（ ）A．物块与挡板第一次碰撞到第二次碰撞所经历的时间为4sB．物块与挡板第二次碰撞过程，挡板对物块的冲量大小为C．物块与挡板第n次碰撞前的速度大小为D．若整个过程中物块不会从长木板上滑落，长木板的最小长度为【答案】BCD【详解】A．小物块第一次与挡板碰撞后，先向左匀减速直线运动，再向右做匀加速直线运动，根据牛顿第二定律有解得加速度大小小物块第一次与墙碰撞后，小物块与木板相互作用直到有共同速度，由动量守恒定律得解得小物块与木板共速时的位移和所用时间分别为小物块和木板一起向右匀速运动的时间为木板与墙壁第一次碰撞到第二次碰撞所经历的时间为故A错误；BC．小物块第一次与墙碰撞后，小物块与木板相互作用直到有共同速度，由动量守恒定律得解得小物块第一次与墙碰撞后，小物块与木板相互作用直到有共同速度，由动量守恒定律得解得以此类推可得物块与挡板第二次碰撞前速度大小为碰后原速率反弹，规定水平向左为正方向，对物块应用动量定理，可得故BC正确；D．木板在与小物块发生相对滑动过程时，一直相对向右做匀减速运动，最终两个物体全部静止，根据能量守恒定律得解得故D正确。故选BCD。二、非选择题：本题共5小题，共54分。11．（2024·浙江金华·校联考模拟预测）“验证机械能守恒定律”的实验的装置如图1所示。（1）下列实验操作正确的是；A．将电磁打点计时器固定在铁架台上，并把打点计时器平面与纸带限位孔调整在竖直方向B．将电磁打点计时器接到220V交流电源上C．选择打好的纸带，确定开始打点的位置O，从纸带上数出打点数n，得到重锤下落的时间t和纸带在这段时间内的长度h，根据公式计算出重锤速度（g为重力加速度），再进一步验证机械能守恒（2）关于本实验的误差，下列说法正确的是；A．重锤质量称量不准会造成较大的误差B．重锤体积一定时，用密度大的材质，有利减小误差C．实验中摩擦不可避免，纸带越短，摩擦力做功越少，实验误差越小（3）小李在验证了机械能守恒定律后，想用此装置探究磁铁在铜管中下落时