2024年新高考新结构数学模拟卷（二）（解析版）

2024年新高考新结构数学模拟卷（二）（模拟测试）（考试时间：120分钟试卷满分：150分）注意事项:1.答题前,先将自己的姓名、准考证号填写在试卷和答题卡上，并将准考证号条形码粘贴在答题卡上的指定位置。2.选择题的作答:每小题选出答案后,用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。写在试卷、草稿纸和答题卡上的非答题区域均无效。3.非选择题的作答:用黑色签字笔直接答在答题卡上对应的答题区域内。写在试卷草稿纸和答题卡上的非答题区域均无效。4.考试结束后,请将本试卷和答题卡一并上交。一、单选题（本题共8小题，每小题5分，共40分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的）1．展开式中第3项的系数是（    ）A．90 B．-90 C．-270 D．270【答案】A【分析】利用二项式定理求出通项公式，进而求出第3项.【详解】展开式的第3项为，故第3项系数为90，故选：A2．在等差数列中，若，则公差A．1 B．2 C．3 D．4【答案】B【解析】把用表示出来，根据题目条件列出方程组，即可求得本题答案.【详解】在等差数列中，因为，所以，求得.故选：B【点睛】本题主要考查等差数列通项公式的应用，属于基础题.3．已知向量，满足，且，则向量在向量上的投影向量为（    ）A．1 B． C． D．【答案】C【分析】根据数量积的运算律求出，在根据向量在向量上的投影向量为计算可得.【详解】因为，且，所以，即，所以，所以向量在向量上的投影向量为.故选：C4．在中，“”是“为钝角三角形”的（    ）A．充分不必要条件 B．必要不充分条件 C．充要条件 D．既不充分也不必要条件【答案】C【分析】推出的等价式子，即可判断出结论.【详解】为钝角三角形.∴在中，“”是“为钝角三角形”的充要条件.故选：C.【点睛】本题考查和与差的正切公式、充分性和必要性的判定方法，考查了推理能力与计算能力，属于中档题.5．已知三棱锥，是以为斜边的直角三角形，为边长是2的等边三角形，且平面平面，则三棱锥外接球的表面积为（    ）A． B． C． D．【答案】A【分析】由条件知，外接球的球心在过的中点且垂直于平面的直线上，又平面平面，所以可得等边三角形的中心即为外接球的球心，求出外接圆的半径即得三棱锥外接球的半径．【详解】直角三角形外接圆的圆心是斜边的中点，过该点作一条垂直于平面的直线．因为平面平面，所以所作直线在平面内，且经过等边三角形的中心，所以等边三角形的中心就是三棱锥外接球的球心，所以外接圆的半径也是三棱锥外接球的半径．由正弦定理知，(是的外接圆的半径)，即，所以，于是三棱锥外接球的半径为，故三棱锥外接球的表面积为．故选：A．6．血氧饱和度是呼吸循环的重要生理参数.人体的血氧饱和度正常范围是，当血氧饱和度低于时，需要吸氧治疗，在环境模拟实验室的某段时间内，可以用指数模型：描述血氧饱和度随给氧时间t（单位：时）的变化规律，其中为初始血氧饱和度，K为参数.已知，给氧1小时后，血氧饱和度为.若使得血氧饱和度达到，则至少还需要给氧时间（单位：时）为（    ）（精确到0.1，参考数据：）A．0.3 B．0.5 C．0.7 D．0.9【答案】B【分析】依据题给条件列出关于时间t的方程，解之即可求得给氧时间至少还需要的小时数.【详解】设使得血氧饱和度达到正常值，给氧时间至少还需要小时，由题意可得，，两边同时取自然对数并整理，得，，则，则给氧时间至少还需要小时故选：B7．已知双曲线的左，右焦点分别为，过的直线与双曲线分别在第一、二象限交于两点，内切圆的半径为，若，，则双曲线的离心率为（    ）A． B． C． D．【答案】A【分析】由双曲线定义结合已知得，进一步由余弦定理列方程，结合离心率公式即可求解.【详解】不妨设内切圆与三边切点分别为P，Q，R，所以，点A在双曲线上，，又，，，点B在双曲线上，，，，设内切圆圆心为I，连接，如图所示，，，即，为等边三角形，，在由余弦定理得：，即：，.故选：A.【点睛】关键点点睛：关键是得到，由此即可顺利得解.8．在锐角中，角所对的边分别为．若，则的取值范围为（    ）A． B． C． D．【答案】B【分析】由，根据正弦定理边化角，再消去，可得，利用三角形是锐角三角形，可得，进而求出，对化简，可求出结果．【详解】因为，由正弦定理可知，，又，所以所以，所以即，又是锐角，则，则，，所以，即，所以，解得，所以.，则，则，故选：B.二、多选题（本题共3小题，每小题6分，共18分。在每小题给出的选项中，有多项符合题目要求。全部选对得6分，部分选对得部分分，有选错得0分）9．已知为复数，设，，在复平面上对应的点分别为A，B，C，其中O为坐标原点，则（    ）A． B．C． D．【答案】AB【分析】根据复数的几何意义、共轭复数、复数的乘法运算可以表示出，，三点的坐标，通过向量的模长、向量的平行和垂直知识进而可以判断.【详解】设，，，，，，对于A，，故选项A正确；对于B，，，故选项B正确；对于C，，当时，，故选项C错误；对于D，，可以为零，也可以不为零，所以不一定平行于，故选项D错误.故选:AB.10．如图，已知抛物线的焦点为，抛物线的准线与轴交于点，过点的直线（直线的倾斜角为锐角）与抛物线相交于两点（A在轴的上方，在轴的下方），过点A作抛物线的准线的垂线，垂足为，直线与抛物线的准线相交于点，则（    ）A．当直线的斜率为1时， B．若，则直线的斜率为2C．存在直线使得 D．若，则直线的倾斜角为【答案】AD【分析】根据抛物线的焦点弦的性质一一计算即可.【详解】易知，可设，设，与抛物线方程联立得，则，对于A项，当直线的斜率为1时，此时，由抛物线定义可知，故A正确；易知是直角三角形，若，则，又，所以为等边三角形，即，此时，故B错误；由上可知，即，故C错误；若，又知，所以，则，即直线的倾斜角为，故D正确.故选：AD11．已知函数定义域为R，满足，当时，.若函数的图象与函数的图象的交点为，，，(其中表示不超过的最大整数)，则（    ）A．是偶函数 B． C． D．【答案】BC【分析】举例说明判断A；分析函数与的性质，作出部分函数图象，结合图象与性质推理、计算判断BCD.【详解】函数，显然，而，即，因此不是偶函数，A错误；函数定义域为，满足，当时，，当时，，，当时，，，当时，，，当时，，，因此当时，函数在上递减，在上递增，当时，取得最大值，当时，，，当时，，，当时，，，因此当时，函数，在同一坐标平面内作出函数的部分图象，如图，    当时，函数的图象有唯一公共点，因为，因此，，而满足的整数有个，即，B正确；显然，所以，C正确；，数列是首项为，公比为的等比数列，所以，D错误.故选：BC【点睛】关键点睛：求两个分段函数的公共点的坐标，确定要求值的自变量属于哪一段区间，再代入该段的解析式求值是关键.三、填空题（本题共3小题，每小题5分，共15分）12．已知的定义域为A，集合，若，则实数a的取值范围是.【答案】【分析】先求出的定义域得到集合A，再根据子集的定义即可求得a的取值范围.【详解】，则或，即或.①当时，，满足，符合题意；②当时，，所以若，则有或（舍），解得；③当时，，所以若，则有或（舍），解得.综上所述，.故答案为：13．如图，圆锥底面半径为，母线PA＝2，点B为PA的中点，一只蚂蚁从A点出发，沿圆锥侧面绕行一周，到达B点，其最短路线长度为，其中下坡路段长为．  【答案】【分析】将圆锥侧面沿母线PA剪开并展开成扇形，过P作AB的垂线，垂足为M，最短路线即为扇形中的直线段AB，利用余弦定理求出即可；当蚂蚁从M点爬行到B点的过程中，它与点P的距离越来越大，故MB为下坡路段，求出即可.【详解】如图，将圆锥侧面沿母线PA剪开并展开成扇形，易知该扇形半径为2，弧长为，故圆心角∠APB＝，最短路线即为扇形中的直线段AB，由余弦定理易知AB＝＝，cos∠PBA＝＝；过P作AB的垂线，垂足为M，当蚂蚁从A点爬行到M点的过程中，它与点P的距离越来越小，故AM为上坡路段，当蚂蚁从M点爬行到B点的过程中，它与点P的距离越来越大，故MB为下坡路段，下坡路段长MB＝PB･cos∠PBA＝．故答案为：，.  14．在同一平面直角坐标系中，P，Q分别是函数和图象上的动点，若对任意，有恒成立，则实数m的最大值为．【答案】【分析】利用同构思想构造，得到其单调性，得到，再构造，，求导得到其单调性及其最小值，设设，利用基本不等式得到，求出答案.【详解】，令，，则当时，，单调递增，当时，，单调递减，故在处取得极小值，也是最小值，故，故，当且仅当时，等号成立，令，，则，令，则在上恒成立，故在上单调递增，又，故当时，，当时，，故时，，单调递减，当时，，单调递增，故在处取得极小值，也时最小值，最小值为，设，由基本不等式得，，当且仅当，，时，等号成立，故，则．故答案为：【点睛】导函数求解取值范围时，当函数中同时出现与，通常使用同构来进行求解，本题变形得到，从而构造进行求解.四、解答题（本题共5小题，共77分，其中15题13分，16题15分，17题15分，18题17分，19题17分，解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤）15．已知函数，.(1)求证：当，；(2)若，恒成立，求实数的取值范围.【答案】(1)证明见解析(2)【分析】（1）分别构造函数，，，利用导数分别求出两函数的最值，即可得证；（2）在区间上恒成立，即在区间上恒成立，构造函数，由分类讨论求出函数的最值即可得解.【详解】（1）设，则，所以在区间上单调递增，所以，即，设，，则，由时，，即，所以，设，则，当时，，所以函数在区间上单调递增，故在区间上，，即在区间上，，所以，所以在区间上单调递增，所以，即，所以得证.（2）由在区间上恒成立，即在区间上恒成立，设，则在区间上恒成立，而，令，则，由（1）知：在区间上，，即，所以在区间上函数单调递增，①当时，，故在区间上函数，所以函数在区间上单调递增，又，故，即函数在区间上恒成立；②当时，，，故在区间上函数存在零点，即，又在区间上函数单调递增，故在区间上函数，所以在区间上函数单调递减，由，所以在区间上，与题设矛盾.综上，的取值范围为.【点睛】方法点睛：对于利用导数研究不等式的恒成立与有解问题的求解策略：（1）通常要构造新函数，利用导数研究函数的单调性，求出最值，从而求出参数的取值范围；（2）利用可分离变量，构造新函数，直接把问题转化为函数的最值问题．（3）根据恒成立或有解求解参数的取值时，一般涉及分离参数法，但压轴试题中很少碰到分离参数后构造的新函数能直接求出最值点的情况，进行求解，若参变分离不易求解问题，就要考虑利用分类讨论法和放缩法，注意恒成立与存在性问题的区别．16．某公司是一家集无人机特种装备的研发、制造与技术服务的综合型科技创新企业.该公司生产的甲、乙两种类型无人运输机性能都比较出色，但操控水平需要十分娴熟，才能发挥更大的作用.已知在单位时间内，甲、乙两种类型无人运输机操作成功的概率分别为和，假设每次操作能否成功相互独立.(1)随机选择两种无人运输机中的一种，求选中的无人运输机操作成功的概率；(2)操作员连续进行两次无人机的操作有两种方案：方案一：在初次操作时，随机选择两种无人运输机中的一种，若初次操作成功，则第二次继续使用该类型设备；若初次操作不成功，则第二次使用另一类型进行操作；方案二：在初次操作时，随机选择两种无人运输机中的一种，无论初次操作是否成功，第二次均使用初次所选择的无人运输机进行操作.假定方案选择及操作不相互影响，试比较这两种方案的操作成功的次数的期望值.【答案】(1)(2)方案一大于方案二【分析】（1）利用条件概率公式，即可求解；（2）首先确定两种方案成功次数的取值，根据独立事件概率公式求概率，再比较其数学期望.【详解】（1）用事件表示选择甲种无人运输机，用事件表示选择乙种无人运输机，用事件表示“选中的无人运输机操作成功”则，（2）设方案一和方案二操作成功的次数分别为，，则，的所有可能取值均为0，1，2，方案一：，，，所以.方案二：，，，所以.所以，即方案一操作