北京市中国人民大学附属中学2025届高三年级10月质量检测练习物理试卷+答案

{#{QQABAQYAggCAAJBAAAgCQwGoCAAQkBAAASgOAEAEIAAAyANABCA=}#}{#{QQABBQaswgCQkJTACY5rQ0XoCAsQkIGhJWgMRVAEKAxKSANAFKA=}#}{#{QQABAQYAggCAAJBAAAgCQwGoCAAQkBAAASgOAEAEIAAAyANABCA=}#}{#{QQABBQaswgCQkJTACY5rQ0XoCAsQkIGhJWgMRVAEKAxKSANAFKA=}#}{#{QQABAQYAggCAAJBAAAgCQwGoCAAQkBAAASgOAEAEIAAAyANABCA=}#}{#{QQABBQaswgCQkJTACY5rQ0XoCAsQkIGhJWgMRVAEKAxKSANAFKA=}#}{#{QQABAQYAggCAAJBAAAgCQwGoCAAQkBAAASgOAEAEIAAAyANABCA=}#}{#{QQABBQaswgCQkJTACY5rQ0XoCAsQkIGhJWgMRVAEKAxKSANAFKA=}#}{#{QQABAQYAggCAAJBAAAgCQwGoCAAQkBAAASgOAEAEIAAAyANABCA=}#}{#{QQABBQaswgCQkJTACY5rQ0XoCAsQkIGhJWgMRVAEKAxKSANAFKA=}#}{#{QQABAQYAggCAAJBAAAgCQwGoCAAQkBAAASgOAEAEIAAAyANABCA=}#}{#{QQABBQaswgCQkJTACY5rQ0XoCAsQkIGhJWgMRVAEKAxKSANAFKA=}#}{#{QQABAQYAggCAAJBAAAgCQwGoCAAQkBAAASgOAEAEIAAAyANABCA=}#}{#{QQABBQaswgCQkJTACY5rQ0XoCAsQkIGhJWgMRVAEKAxKSANAFKA=}#}{#{QQABAQYAggCAAJBAAAgCQwGoCAAQkBAAASgOAEAEIAAAyANABCA=}#}{#{QQABBQaswgCQkJTACY5rQ0XoCAsQkIGhJWgMRVAEKAxKSANAFKA=}#}人大附中2025届高三年级10月质量检测练习-物理参考答案2024-10-8题号12345678910答案BDBCABDCBCDABCABDABCBCDACD11．（1）CD（2）1.76-0.4680.465（3）D12.（1）C（2）D（3）B（4）如下图所示：（5）9.86（6）C22T/s5.04.03.00.800.901.001.101.20L/m13图13．（8分）N（1）（2分）如图1所示；-------------------------【2分】F（2）（3分）将拉力F分别沿水平和竖直方向进行分解，根据牛fθ顿运动定律，可得:Fcosfma----------------------------【1分】NFsinmg0---------------------------【1分】mg物体所受滑动摩擦力大小为fN图1F联立上述三式，可得agcossin6m/s2-----------------【1分】m1（3）（3分）根据运动学公式，可得xat212m----------------------------【3分】214.（8分）（1）（3分）水从管口沿水平方向喷出做平抛运动，设水喷出时速度为v0，落地时间为t。1竖直方向：hgt2------------------------------------【1分】2水平方向：----------------------------------【1分】10hv0tv50gh---------------------------------------【1分】解得01/4{#{QQABAQYAggCAAJBAAAgCQwGoCAAQkBAAASgOAEAEIAAAyANABCA=}#}{#{QQABBQaswgCQkJTACY5rQ0XoCAsQkIGhJWgMRVAEKAxKSANAFKA=}#}m（2）（2分）时间t内喷出的水的质量mvtS，每秒喷出的水的质量푚0=0t联立以上各式解得：【2分】m0S50gh----------------------------（3）（3分）设地面与水面的距离为H，则时间内水泵输出功1Wmg()Hhmv2【1分】20-----------------------------------输出功率푃=푊---------------------------------------------【1分】t解得：=------------------【1分】PSgghHh50(26)150ghS2gh15.（8分）（1）（2分）由牛顿第二定律可得mgsinθ=ma代入数据可得a=6m/s2由匀加速直线运动公式v2=2aL-------------------------------------------------------------代入数据可得vBms203/【1分】所以重力做功的功率-------------------------------------------PmgsinvB6000.6203W72003W【1分】12---------------------（2）（3分）从A到B，根据动能定理mgLsinθ+Wf=mv0【2分】2--------------------------------------------------------解得Wf=-9000J【1分】（3）（3分）设CD间距离为L，根据平抛运动的规律-------------------------------------------------------Lcosθ=vt3【1分】1L'2singt--------------------------------------------【1分】2联立解得L=192m--------------------------------------【1分】16.（9分）（1）a.（2分）不变量分别是第一段：拉力、加速度，第二段：功率----------------------------【2分】------------------------------------b.（3分）由图象可知，第一时间段内重物所受拉力F1＝6.0N【1分】F-G设重物质量为m，重物加速a1，m2-----------------------------第三个时间段内重物所受拉力F2=mg=5.0N联立解得a=2.0m/s【1分】在第二段时间内，拉力的功率PFv12W--------------------------------------------------------------【1分】2/4{#{QQABAQYAggCAAJBAAAgCQwGoCAAQkBAAASgOAEAEIAAAyANABCA=}#}{#{QQABBQaswgCQkJTACY5rQ0XoCAsQkIGhJWgMRVAEKAxKSANAFKA=}#}（2）（2分）第一时间段内拉力大小恒定，0v02则拉力的平均功率为PFvF66WW--------------------------------------【2分】22vB2.0（3）（2分）设第一段时间为t1，重物在这段时间内的位移为x1，则ts1.0s，1a2.012푥=푎푡=1.0푚；设第二段时间为t2，t2=t-t1=0.50s；重物在t2这段时间内的位移为x2，1211122-------------------------------根据动能定理有PtGxmvmv，解得x2=1.112m【1分】2222CB所以被提升重物在第一时间段内和第二时间段内通过的总路程：------------------------------【1分】xxxm122.11217.（10分）GMmv2GM（1）（2分）证明：由m1可知：v----------------------------------------------【2分】RR21R（2）a（2分）:错误原因：将上升过程的加速度当成不变的-------------------------------------【2分】GMm1GMmb（3分）:设物体上升的最大高度为h，由能量守恒可知：mv20R21RhGMm地面上质量为m的物体受到地球引力等于其重力，即0mg0R20联立解得：hR------------------------------------------------------------------------------------------------------------【3分】GMm（3）（3分）当物体距离高度h时的重力加速度为g，则mg，h增大，g将h()Rh2hh减小。所以上升过程中：随着h增加，加速度将减小，而加速度方向与速度方向相反，所以其速度将减小。v下降过程：随着减小，加速度将增大，而加速度方向与速度方向相同，所以其速度将增加。vt图像为：Ot18.（12分）图19gmgm3（1）v；v122k24kmg3mg（2）a.平衡位置时弹簧压缩量为；b.振幅A.2k4k3/4{#{QQABAQYAggCAAJBAAAgCQwGoCAAQkBAAASgOAEAEIAAAyANABCA=}#}{#{QQABBQaswgCQkJTACY5rQ0XoCAsQkIGhJWgMRVAEKAxKSANAFKA=}#}解析：（1）（6分）未施加力F时，A、B物体处于静止状态，此时设弹簧压缩量为x1.--------------------------------------------------------------【1分】kx1mg2msgin施加力F后，A、B一起向上加速运动，以A为研究对象：kxNmgmasin，当N0时，物体A、B分离，设此时3mg弹簧压缩量为x，此时kxmgmasin-----------------------------------------------【1分】224gm由va2xx2()可知：vaxx2()---------------------------------------------【1分】11211222k分离后A物体将继续加速，当A的合力为零时，其速度达到最大，最大速度大小为v2。mg设此时弹簧的压缩量为x，且kxmgsin------------------------------------------------------【1分】332分离后A物体与弹簧组成的系统机械能守恒，则有：1111mv2mv2mg(xx)sinkx2kx2--------------------------------------------------------【1分】2221232221gm3解得v------------------------------------------------------------------------------------------------------------【1分】24k（2）a（3分）.A、B分离后，A振动平衡位置O，此时弹簧压缩量为x3，kx3mgsinmgx-------------------------------------------------------------【3分】32kb．（3分）A与B分离后，A物块振动的合力即回复力为Fkx（式中x为物块A距离平衡位置O的距离），A离开平衡位置O点时，回复力（重力与弹簧弹力的合力）做功为