河南省部分校2022-2023学年高三12月大联考考后强化理科综合答案

2022年高三12月大联考考后强化卷理科综合·全解全析1234567891011CDDBADDBACB12131415161718192021DCBBBCCBDCDBC1．C【解析】一切生命活动都离不开细胞，但不是说细胞内能发生一切生命活动，如多细胞生物的一个细胞只能完成部分生命活动，A不符合题意；病毒无细胞结构，B不符合题意；各种生物的生命活动都是在细胞内或细胞的参与下完成的，因此各种生物的生命活动都离不开细胞，C符合题意；有些生物是由一个细胞构成的，这只能说明单细胞生物的生命活动在细胞内进行，不能说明所有生物，D不符合题意。2．D【解析】细胞的核质之间需要通过核孔进行物质交换和信息交流，所以核孔数量随细胞种类以及细胞代谢状况不同而改变，核孔密度可以作为细胞代谢旺盛程度的指标，A正确；核糖体由RNA和蛋白质组成，蛋白质在细胞质中合成，其入核运输与核孔复合体有关，B正确；DNA解旋酶的化学本质是蛋白质，通过核孔进入细胞核，该过程消耗ATP，C正确；心房颤动可能是由于编码核孔复合体的基因突变，使得核孔蛋白结构异常，导致核孔复合体的运输功能出现障碍，D错误。3．D【解析】葡萄糖的运输需要载体蛋白的协助，因此微绒毛可以增加细胞膜上载体蛋白的数量，对葡萄糖等物质的运输有利，A正确；新生儿小肠上皮细胞吸收母乳中免疫球蛋白的方式是胞吞，需要ATP水解提供能量，B正确；当蛋白S将Na+顺浓度梯度运输进入小肠上皮细胞时，葡萄糖随之进入细胞，即小肠上皮细胞吸收葡萄糖的方式是主动运输，能量来源是细胞膜内外两侧的Na+浓度差形成的势能，C正确；Na+—K+泵可将细胞内相对浓度较低的Na+送出细胞，使细胞内外Na+浓度差进一步增大，D错误。4．B【解析】由题意可知，Bcl-2蛋白是多种细胞存活的必需因子，故属于抗凋亡蛋白，癌细胞具有无限增殖的能力，因此癌细胞中Bcl-2蛋白含量较高以抑制其凋亡，A正确；效应T细胞可促进靶细胞裂解凋亡，磷酸化的Bcl-2蛋白执行抗凋亡功能，因此效应T细胞会抑制靶细胞的Bcl-2蛋白发生磷酸化，B错误；Bak蛋白和Bax蛋白属于促调亡蛋白，衰老细胞易发生凋亡，其细胞中Bak基因和Bax基因的表达量可能会明显增大，C正确；正常细胞中的Bcl-2蛋白可能会阻止Bak蛋白和Bax蛋白发挥作用，从而阻止细胞调亡，D正确。5．A【解析】生活在同一地域的同种生物构成种群，褐色雏蝗的卵、若虫和成虫构成了一个褐色雏蝗的种群，A正确；分析图示可知，在不同年份，虽然卵和若虫数变化较大，但是成虫数却相当稳定，而呈“S”型增长的种群其数量一直增加，最后趋于稳定，B错误；褐色雏蝗的发育包括卵、若虫、成虫三个阶段，由于褐色雏蝗卵的活动能力弱，因此调查褐色雏蝗卵的种群密度应采用样方法，C错误；决定该地区褐理科综合全解全析第1页（共18页）色雏蝗数量变化的直接因素是出生率和死亡率，D错误。6．D【解析】有丝分裂前期的细胞，由于在间期已经进行了DNA复制，该细胞基因型为aaaaBBbb，所以该细胞中有红、黄、绿3种颜色、8个荧光点，A正确；有丝分裂后期细胞的基因型为aaaaBBbb，所以该细胞中有红、黄、绿3种颜色、8个荧光点，B正确；由于次级精母细胞中不含同源染色体，但如果在四分体时期发生了交叉互换，其基因型可能为aaBb，则一个次级精母细胞可能有红、黄、绿3种颜色、4个荧光点，C正确；初级精母细胞的基因型为aaaaBBbb，所以细胞中有红、黄、绿3种颜色、8个荧光点，D错误。7．D【解析】氢能可再生，属于二次能源，A错误；碳纤维材料属于新型无机非金属材料，B错误；氟利昂中含有卤素原子，属于烃的衍生物，C错误；聚氨酯材料属于有机高分子材料，D正确。8．B【解析】根据黄芩素的结构简式可知其分子式为C15H10O5，A正确；右侧苯环与中间杂环以单键相连，单键可以旋转，该分子中所有碳原子不一定处于同一平面，B错误；分子中含有（酚）羟基、（酮）羰基和醚键三种含氧官能团，C正确；所含苯环、（酮）羰基、碳碳双键均能与氢气加成，1mol黄芩素与足量H2完全反应需要8molH2，D正确。9．A【解析】1molCH2Cl2含有2molC—Cl键，C—Cl键数目为2NA，A正确；溶液体积未知，无法计算氯离子数目，B错误；氮气和氢气生成氨气的反应为可逆反应，无法计算生成氨气分子的数目，C错误；过氧化钠与水反应的化学方程式为2Na2O2+2H2O=4NaOH+O2↑，1molNa2O2与足量H2O反应，生成O2分子的数目为0.5NA，D错误。10．C【解析】实验室用MnO2和浓盐酸在加热条件下反应制取Cl2，该装置没有加热仪器，A错误；氯化钙会与氨气反应，不能用氯化钙干燥氨气，应用碱石灰干燥，B错误；该装置为原电池，锌作为负极失去电子，可以保护铁电极，属于牺牲阳极的阴极保护法，C正确；CO2会被碳酸钠溶液吸收，反应生成NaHCO3，除去CO2中少量SO2应通入饱和碳酸氢钠溶液，D错误。11．B【解析】根据该化合物的结构可知，Z显+1价，即Z位于第ⅠA族，X、Y、Z的原子序数依次增大，且属于前四周期主族元素，Z可能为Na，也可能为K，X形成2个共价键，则X位于第ⅥA族，推出X为O，X、Y位于同一主族，则Y为S，从而确定Z为K。电子层数越多，粒子半径越大，电子层数相同时，原子序数越大，离子半径越小，则简单离子半径大小顺序是r(S2−)＞r(K+)＞r(O2−)，A错误；金属钾是非常活泼的金属，工业上制备金属钾，常通过电解熔融的氯化钾制得，B正确；S的氧化物有SO2、SO3，SO2对应水化物为H2SO3，H2SO3属于中强酸，SO3对应水化物为H2SO4，H2SO4为强酸，C错误；K是活泼金属，在自然界中以化合态形式存在，D错误。+12．D【解析】由题意可知，电解时产品室中的(NH4)2WO4转化为(NH4)6(H2W12O40)，故水解离出的H向右侧电极移动，右侧石墨电极为阴极，左侧石墨电极为阳极。阳极发生氧化反应，H2O失电子变为O2理科综合全解全析第2页（共18页）++NH4和H，酸性条件下NH3·H2O与H反应生成，电极反应式表达正确，A正确；电解池中阴离子向−NH阳极移动，则OH向左侧石墨电极迁移，进入碱室，阳离子向阴极移动，产品室中4通过a膜（阳−离子交换膜）进入阴极室，与阴极上水得电子后生成的OH结合生成NH3·H2O，B正确；根据电解目的可知，产品室获得(NH4)6(H2W12O40)，离子方程式表达正确，C正确；当外电路中通过4mol电子时，−NH4阴极上生成2molH2和4molOH，通过a膜进入阴极室的有4mol，所以阴极室质量变化为18g·mol−1×4mol−2g·mol−1×2mol=68g，D错误。13．C【解析】根据图知，c点c(HA−)最大，c点为0.02mol·L−1的NaHA溶液，c点溶液pH=6，溶液呈酸性，说明HA−电离程度大于水解程度，b点溶液pH小于c点，说明向NaHA溶液中通入HCl，b点溶液呈酸性，酸抑制水电离，d点溶液呈中性，中性溶液不影响水电离，所以水的电离程度：d点＞b点，c(H)c(HA)102105A错误；根据a点坐标(2，10−5)可知K（HA）==≈5×10−6，B错误；c点a125c(H2A)0.210−2−溶液pH=6＜7，溶液呈酸性，说明HA电离程度大于水解程度，则c(A)＞c(H2A)，但其电离和水解程度都较小，主要以盐电离产生的离子形式存在，所以c点溶液中微粒浓度大小关系为c(HA−)＞c(A2−)+−＞c(H2A)，C正确；d点溶液pH=7，溶液呈中性，c(H)=c(OH)，根据电荷守恒有：c(HA−)+2c(A2−)+c(OH−)=c(H+)+c(Na+)，则存在c(HA−)+2c(A2−)=c(Na+)，D错误。14．B【解析】红外线光子能量不超过1.51eV，氢原子从第3能级向下跃迁辐射的光子能量最小值为1.89eV，超过1.51eV，故A错误；氢原子从第5能级跃迁到第4能级、从第4能级跃迁到第3能级、从第5能级跃迁到第3能级辐射的光子能量值均小于1.51V，故B正确；氢原子从基态跃迁到第4能级，再跃迁到第3能级能够辐射红外线光子，从第1能级跃迁到第4能级需要吸收12.75eV的能量，故C错误；大量氢原子跃迁辐射的能量有可能达到可见光的能量范围（可见光的能量范围一般为1.62eV~3.11eV），故D错误。故选B。15．B【解析】设每根斜杆上的作用力大小为F，根据人受力平衡可得4Fcos30G，解得G3G3F，可知每根斜杆受到地面的作用力大小为G，A错误，B正确；每根斜杆受到4cos3066313地面的摩擦力大小为fFcos60GG，CD错误。故选B。621216．B【解析】第一宇宙速度是卫星围绕地球表运行的速度，是最大的运行速度，所以实验舱的线速度小于第一宇宙速度，A错误；问天实验舱每90分钟左右绕地球一圈，地球同步卫星每24小时围绕地球一MmMG2maaG2圈，所以问天实验舱的角速度比地球同步卫星的大，B正确；根据rr，问天实验舱比同步卫星离地球近，所以加速度大于地球同步卫星的加速度，C错误；图中的三名航天员在实验舱中“静止”不动，只是相对实验舱静止，其实，三名航天员和实验舱都在绕地球做匀速圆周运动，有指向理科综合全解全析第3页（共18页）地球球心的向心力，所以不是处于平衡状态，D错误。故选B。x17．C【解析】由图可知⑤过程的位移最大，各段运动时间相同，由v，知⑤过程的平均速度最大；③t过程最近似于匀速直线运动，即速度大小和方向变化最小，平均加速度最小。故选C。18．C【解析】原线圈的电压U1不变，故变压器的副线圈两端电压不变，当传感器R2所在处出现火情时，温度升高，R2的阻值减小，通过副线圈的电流增大，由于变压器的匝数比不变，所以通过原线圈的电流增大，电流表A1的示数增大；又由于通过R3的电流增大，R3两端电压增大，则U2减小，A2的示数减小。故选C。19．BD【解析】根据安培定则知a导线在M点的磁感应强度垂直纸面向外，大小为B，在N点的磁感应强度垂直直面向里，大小为B，b导线在M点的磁感应强度水平向右，大小为2B，在N点的磁感应强度水平向左，大小为2B，由磁场的叠加可知，M、N两点磁感应强度方向相反，N点的磁感应强度大小为22，故正确，错误。故选。BBN=(2B）5BBDACBDFkv220．CD【解析】复兴号动车组以恒定功率P在平直轨道上由静止启动，有PFv，a，联立可得mPkv2，可知，在时间t内，复兴号动车组做加速度减小的加速运动，故A错误；速度最大时，avmPP2v2，m牵引力与阻力大小相等，有Pfvmm，fmkvm，联立可得k3fm，当速度为时的加速度vmvm32P2vkm2v1可表示为m3，故B错误，C正确；启动过程，由动能定理得PtWmv2，19P2ma3m18mvm1克服阻力做功为W=Ptmv2，故D正确。故选CD。2m22BLv1BLv1F安ILBLB21．BC【解析】过程I中，导体棒速度为v1时，安培力RrRr，由牛顿第二定律2222BLv1BLv2mgsinma1mgsinma2得Rr，同理过程II中有Rr，过程I中导体棒的平均加速度大于过程II中导体棒的平均加速度，过程I和过程II中导体棒的位移大小相等，过程I导体棒运动的时间小于过程II导体棒运动的时间。A错误；过程I的平均速度大于过程II的平均速度，则过程I中克服安培力做的功大于过程II中克服安培力做的功，过程I电阻R产生的热量大于过程II电阻R产生的热量。B正确；过程I导体棒运动的时间小于过程II导体棒运动的时间，过程I重力做功的绝对值等于过程II重力做功的绝对值，过程I重力的平均功率大于过程II重力的平均功率，C正确；设过程I理科综合全解全析第4页（共18页）1BLxqt金属棒沿斜面上升的最大位移为x，由qIt，又tRrRrRr知，过程I