重庆康德2026届高二期末考试（全）物理答案

2024年秋高二(上)期末联合检测试卷物理参考答案1～7ACBACDB8AB9AD10BC解析：1．A。“W·h”指的是能量，选项A正确，故选A。2．C。变化的磁场一定产生电场，但磁场不一定产生电场，选项C正确，选项A错误；电磁波可以在真空中传播，选项B错误；赫兹通过实验捕捉到了电磁波，证实了电磁波的存在，选项D错误；故选C。3．B。磁感线不是客观存在的，选项A错误；磁场中某点的磁感应强度大小，与放在该点的试探电流元的情况无关，选项B正确；垂直放置在匀强磁场中的线圈面积减小时，穿过该线圈的磁通量减小，选项C错误；两条距离较近的平行同向通电直导线相互吸引，选项D错误；故选B。1V4．A。要将该电流表改装成0～1V的电压表，需要串联电阻分压，改装后的电压表内阻r1000，则V1mA串联的电阻RrVRg970，选项A正确，故选A。1qUlqU5．C。设该带电粒子在两板间运动的时间为t，则水平方向lvt，竖直方向t2≤d，解得v≥，02md0d2m选项C正确，故选C。6．D。导体腔在达到静电平衡时是一个等势体，即bc，可知a＞bc＞d，选项D正确，故选D。7．B。设小球甲、乙质量分别为m1、m2，碰撞前瞬时小球甲的速度大小为v0，碰撞后瞬时小球甲、乙的速度111分别为v、v。如果碰撞是弹性的，则由mvmvmv，mv2mv2mv2可得，碰撞后瞬时121011222102112222m1v0小球乙的速度v2；如果碰撞是完全非弹性的，则由m1v0(m1m2)v2可得，碰撞后瞬时小球乙m1m2m1v0的速度v2。因此，小球乙可能获得的最大冲量与最小冲量的比值为2，选项B正确，故选B。m1m28．AB。要使电流计G的指针发生偏转，需要使回路的磁通量发生变化，可能的情况是选项A、B，故选AB。9．AD。将滑动变阻器的滑片P从正中间位置缓慢向M端滑动过程中，外电路电阻增大，分压增大，可知P1增rR大，选项A正确，选项B错误；若将电源与电阻R视为一个等效电源，则等效内阻r0.9，rR2EE2滑动变阻器接入电路的阻值在大于的情况下逐渐增大，由，RP0.9ΩP2RP2RPrrRP2rRP可知P2减小，选项D正确，选项C错误；故选AD。高二(上)期末联合检测试卷（物理）第5页共8页10．BC。若电场方向与BC垂直，则W1W2成立，选项A错误；由题知W1W3W2一定成立，选项B正确；若W2W＞0，由分析和计算可得，电场方向沿∠A的平分线，A21l30°如答图所示，由可得，该匀强电场的场强大小l1qElcos30W1lE30°23WBCE1，选项C正确，选项D错误；故选BC。答图13ql11．（6分）（1）相反（2分）（2）4.8103（4.7103～4.9103均可）（2分）（3）8.0104（7.8104～8.2104均可）（2分）解析：（1）充电过程中，流过电流计G的电流方向从左向右，放电过程中，流过电流计G的电流方向从右向左。（2）I-t图像中图线与t轴围成的面积表示电荷量，图中每小格表示的电荷量q0.40.2103C8105C，因此，电容器C在整个放电过程中释放的电荷量Q60q4.8103C。Q（3）电容器C的电容C8.0104F。U12．（10分）R（1）如答图2（4分）A－＋（2）0.40（2分）cac＋－（3）（2分）（2分）Sbaba解析：答图2E1Rr11bac（3）由闭合电路欧姆定律有I，可得，结合R图像，由可得，电动势E，RrIEEIEcbarac由a可得，内阻r。Eba13．（10分）解：（1）设甲、乙两小球之间的库仑力大小为FQ5Q5kQ2由库仑定律可得：Fk（2分），解得：F（2分）d2d25QQ（2）甲、乙两小球充分接触后，两小球所带电荷量相同，设为q，则q2Q（1分）2设甲、乙两小球之间连线上距甲球d处的场强大小为E，可知甲、乙在该处产生的电场方向相反qq甲球产生的场强大小E甲k（1分），乙球产生的场强大小E乙k（1分）d2(3dd)23kQ该处的合场强大小EE甲E乙（1分），联立解得：E（2分）2d2高二(上)期末联合检测试卷（物理）第6页共8页14．（13分）解：（1）该电路的等效电路图如答图3所示ErSR1R2A可知，R4所在支路的总电阻RR47.5（1分）R1R1R2R4RR3电源外电路的总电阻R外3（1分）3RR3R2RE电流表测的是干路电流，其示数I（1分）VR外r答图3联立解得：I1A（2分）（2）电压表测的是电源外电压，可知UIR外（2分），解得：U3V（2分）EII2r（3）该直流电源的效率100%（2分），解得：60%（2分）EI15．（18分）I解：（1）由动量定理知，两小球发生第1次碰撞前瞬时，小球A的速度大小v（1分）0m设第1次碰撞后瞬时，小球A、B的速度分别为vA1、vB1，以水平向右为正方向，由弹性碰撞有：31113mvmvmv，mv2mv2mv20A15B1202A125B1vI联立解得：v0（1分），方向水平向右（1分）A144m5v5Iv0（1分），方向水平向右（1分）B144m12πRπmR（2）两小球第1次碰撞前，小球A运动的时间t1（1分）4v02I设第1次碰撞后，历时t2，两小球发生第2次碰撞，则vB1vA12πR2πmRt2t22π，解得：t2（1分）RRv0I第2次碰撞后瞬时，小球A、B的速度分别为vA2、vB2，有：331131131mvmvmvmvmv，mv2mv2mv2mv2mv2A25B2A15B102A225B22A125B120联立解得：vA2v0，vB20之后，小球B静止，小球A运动。以此类推……同理可得：2πR2πmR第2次碰撞后到第3次碰撞前，历时t3（1分）v0Iv5v第3次碰撞后瞬时，小球A、B的速度大小分别为v0，v0A34B342πmR第3次碰撞后到第4次碰撞前，历时tt（1分）42I9πmR6πmR13πmR6πmR由于：ttt＜且tttt＞（1分）1232II12342II6πmR可知：t＝0到t＝时间段内，A、B两小球共发生了3次碰撞（1分）I高二(上)期末联合检测试卷（物理）第7页共8页6πmR（3）由（2）可知，t＝时刻，两小球在发生第3次碰撞后又运动了tIyA则，解得3πmR（分）tt(t1t2t3)t＝12I第3次碰撞位置αB由分析知，第次碰撞位置和圆心的连线与第次碰撞位置和x3O1OβAvπB圆心O的连线之间的夹角A1tR22答图4说明发生第3次碰撞时，小球A、B均位于x轴上坐标（R，0）处6πmR作出第3次碰撞后到t＝时刻，小球A、B运动的轨迹如答图4所示I6πmRv3π可知t＝时刻：小球A的位置和圆心O的连线与x轴之间的夹角A3tIR8vπ小球B的位置和圆心O的连线与x轴之间的夹角2πB3tR82222可得，此时小球A的位置：xRcosR（1分），yRsinR（1分）A2A22222小球B的位置：xRcosR（1分），yRsinR（1分）B2B22222即：小球A的位置坐标为（R，R）（1分）222222小球B的位置坐标为（R，R）（1分）22高二(上)期末联合检测试卷（物理）第8页共8页